Hóa học

Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}p+e+n=58\\p=e\\\dfrac{n}{p+e}=0,52\end{matrix}\right.\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}p=e=19\\n=20\end{matrix}\right.\)

=> X là Kali (K)

Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}m_{Al}=3,27.41,28\%=1,35\left(g\right)\\m_{Mg}=3,27-1,35=1,92\left(g\right)\end{matrix}\right.\)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Al}=\dfrac{1,35}{27}=0,05\left(mol\right)\\n_{Mg}=\dfrac{1,92}{24}=0,08\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

PTHH:

\(4Al+3O_2\xrightarrow[]{t^o}2Al_2O_3\)

0,05->0,0375

\(2Mg+O_2\xrightarrow[]{t^o}2MgO\)

0,08->0,04

=> V = (0,04 + 0,0375).22,4 = 1,736 (l)

a) Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{KOH}=0,5.2=1\left(mol\right)\\n_{H_3PO_4}=0,75\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Xét \(T=\dfrac{n_{KOH}}{n_{H_3PO_4}}=\dfrac{1}{0,75}=\dfrac{4}{3}\)

Vì \(1< \dfrac{4}{3}< 2\)

PTHH: 

\(2KOH+H_3PO_4\rightarrow K_2HPO_4+3H_2O\\ KOH+H_3PO_4\rightarrow KH_2PO_4+H_2O\)

=> Pư tạo 2 muối \(K_2HPO_4,KH_2PO_4\)

Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{K_2HPO_4}=a\left(mol\right)\\n_{KH_2PO_4}=b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(\xrightarrow[\text{BTNT P}]{\text{BTNT K}}\left\{{}\begin{matrix}n_{KOH}=2n_{K_2HPO_4}+n_{KH_2PO_4}=2a+b=1\\n_{H_3PO_4}=n_{K_2HPO_4}+n_{KH_2PO_4}=a+b=0,25\end{matrix}\right.\)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}a=0,5\\b=0,25\end{matrix}\right.\)

=> \(m_{muối}=0,5.714+0,25.136=121\left(g\right)\)

b) \(\left\{{}\begin{matrix}C_{M\left(K_2HPO_4\right)}=\dfrac{0,5}{0,5+0,5}=0,5M\\C_{M\left(KH_2PO_4\right)}=\dfrac{0,25}{0,5+0,5}=0,25M\end{matrix}\right.\)

Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CuO}=a\left(mol\right)\\n_{Fe_2O_3}=b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

=> 80a + 160b = 68 (1)
Ta có: \(n_{H_2}=\dfrac{25,76}{22,4}=1,15\left(mol\right)\)

PTHH:
\(CuO+H_2\xrightarrow[]{t^o}Cu+H_2O\)

a------>a

\(Fe_2O_3+3H_2\xrightarrow[]{t^o}2Fe+3H_2O\)

b------->3b

=> a + 3b = 1,15 (2)

Từ (1), (2) => a = 0,25; b = 0,3

=> \(\left\{{}\begin{matrix}\%m_{CuO}=\dfrac{0,25.80}{68}.100\%=29,4\%\\\%m_{Fe_2O_3}=100\%-29,4\%=70,6\%\end{matrix}\right.\)

cách pha chế : 

\(a)m_{cuSO_4}=\dfrac{4.400}{100}=16g\)

\(m_{H_2O}=400-16=384(g)\)

cho \(16g\) \(CuSO_4\) vào cốc cho thêm \(384g\) nước vào cốc và khuấy đều cho \(CuSO_4\) tan hết , ta được \(400g\) dung dịch \(CuSO_4\)     \(4\) %

\(b)n_{NaCl}\) trong \(300cm^3\) dung dịch : \(\dfrac{3.300}{100}=0,9(mol)\)

\(m_{NaCl}=0,9.58,5=52,65(g)\)

cho \(52,65g\) \(NaCl\) vào cốc thêm nước vào cho đủ \(300cm^3\) dung dịch ta được \(300cm^3\) dung dịch \(NaCl\) \(3M\)

a) \(Zn+2HCl\rightarrow ZnCl_2+H_2\)

\(n_{H_2}=\dfrac{6,72}{22,4}=0,3\left(mol\right)\)

\(Zn+2HCl\rightarrow ZnCl_2+H_2\)

   1       2                       1               1

0,3      0,6                   0,3             0,3

b) \(C_{MHCl}=\dfrac{n}{V_{dd}}=\dfrac{0,6}{0,3}=2\left(M\right)\)

c) \(m_{Zn}=0,3.65=19,5\left(g\right)\)

d) \(m_{ZnCl_2}=0,3.136=40,8\left(g\right)\)

Trả lời đc sau

Câu 2:

Gọi hóa trị của A là n => CTHH của muối cacbonat là photphat là A₂(CO₃)_n và A₃(PO₄)_n

Ta có: \(\%A_{\left(trong.A_2\left(CO_3\right)_n\right)}=\dfrac{2M_A}{2M_A+60n}.100\%=40\%\)

=> \(M_A=20n\left(g/mol\right)\)

Vì n là hóa trị của A nên ta có bảng xét gía trị của n

=> A là kim loại Ca có hóa trị II

=> CTHH của muối photphat là Ca₃(PO₄)₂

=> \(\%Ca_{\left(trong.Ca_3\left(PO_4\right)_2\right)}=\dfrac{40.3}{40.3+\left(31+16.4\right).2}.100\%=38,71\%\)

Câu 33:

Ta có: \(n_{O_2}=\dfrac{0,672}{22,4}=0,03\left(mol\right)\Rightarrow n_O=0,03.2=0,06\left(mol\right)\)

Áp dụng ĐLBTKL: \(m_{chất.rắn}=m_X-m_{O_2}=2,45-0,03.32=1,49\left(g\right)\)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}m_K=\dfrac{52,35.1,49}{100}=0,78\left(g\right)\\m_{Cl}=1,49-0,78=0,71\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}n_K=\dfrac{0,78}{39}=0,02\left(mol\right)\\n_{Cl}=\dfrac{0,71}{35,5}=0,02\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Gọi CTHH của X là K_xCl_yO_z

=> \(x:y:z=n_K:n_{Cl}:n_O=0,02:0,02:0,06=1:1:3\)

=> CTHH của X có dạng (KClO₃)_n

Vì X là chất vô nên CTĐGN cũng là CTHH => n = 1

=> X là KClO₃

Câu 25:

a) Gọi CTHH của oxit là \(N_xO_y\)

Ta có: \(x:y=n_N:n_O=\dfrac{m_N}{M_N}:\dfrac{m_O}{M_O}=\dfrac{7}{14}:\dfrac{16}{16}=1:2\)

=> Oxit này là NO₂

=> \(d_{NO_2/O_2}=\dfrac{46}{32}=1,4375\)

b) X có hóa trị III => CTHH của oxit là X₂O₃

Ta có: \(\%X=\dfrac{2.M_X}{2.M_X+16.3}.100\%=\dfrac{2M_X}{2M_X+48}.100\%=70\%\)

=> M_X  = 56 (g/mol)

=> X là Fe

=> Oxit là Fe₂O₃

Câu 26:

a) XO_y có hóa trị III => A là H₃XO_y 

Vì \(PTK_A=PTK_{H_2SO_4}\Rightarrow PTK_A=98\left(đvC\right)\)

=> 3 + X + 16y = 98 => X + 16y = 95 (1)

Ta có: \(\%O=\dfrac{m_O}{m_{A_3XO_y}}.100\%=\dfrac{16y}{98}.100\%\)

=> y = 4

Thay y = 4 vào (1) => X + 16.4 = 95 => X = 31 (đvC)

b) X là Photpho (P)

CTHH của A là H₃PO₄

a) khối lượng dung dịch đường pha chế được là :

\(m_{dd}=\dfrac{100×50}{25}=200(g)\)

b) khối lượng nước cần sự pha chế là :

\(m_{dm}=200-50=150(g)\)