X, Y, Z là 3 este đều đơn chức, mạch hở (trong đó Y và Z không no chứa một liên kết C=C và có tồn tại đồng phân hình học, MY < MZ). Đốt cháy 21,62 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z với oxi vừa đủ, sảm phẩm cháy dẫn qua dung dịch Ca(OH)2 dư thấy khối lượng dung dịch giảm 34,5 gam so với trước phản ứng. Mặt khác đun nóng 21,62 gam E so với 300 mL dung dịch NaOH 1M (vừa đủ), thu được hỗn hợp F chỉ chứa 2 muối và hỗn hợp gồm 2 ancol kế tiếp thuộc cùng dãy đồng đẳng. Khối lượng (gam) của muối có khối lượng phân tử lớn trong hỗn hợp F có giá trị gần nhất với
A. 4,98
B. 9,20
C. 8,70
D. 7,56
Đáp án C
21,62 gam E (este đều đơn chức)
+ vừa đủ 0,3 mol NaOH
→ nCOO trong E= 0,3 mol
♦ giải đốt 21,62 gam E
(CO2 + H2O) + Ca(OH)2 dư có
Δmdung dịch giảm = 56x – 18y = 34,5 gam.
Lại có:
mE = 12x + 2y + 0,3 × 32 = 21,62 gam
→ giải x = 0,87 mol và y = 0,79 mol.
→ tương quan
∑nCO2 – ∑nH2O = nY + Z = 0,08 mol
→ nX = 0,22 mol.
chú ý:
Y, Z không no và thủy phân
cho ancol nên số CY, Z ≥ 4.
Chặn số:
Ctrung bình của X < (0,87 – 0,08 × 4) ÷ 0,22 = 2,5
→ số CX = 2 hay X là HCOOCH3.
♦ Biện luận: hai ancol đồng đẳng
nên ancol còn lại là C2H5OH.
Thủy phân E chỉ cho 2 muối mà
1 muối là HCOONa (no rồi)
→ 1 muối còn lại phải là không no
1 C=C là gốc axit của Y và Z.
Nghĩa là Y là CnH2n – 1COOCH3
và Z là CnH2n – 1COOC2H5
(Y, Z đồng đẳng kế tiếp)
Đơn giản, tính lại số
Ctrung bình Y, Z
= (0,87 – 0,22 × 2) ÷ 0,08 = 5,375
→ số CY = 5 và số CZ = 6.
tuy nhiên, đọc kĩ yêu cầu bài tập
→ chỉ quan tâm muối lớn trong F là
0,08 mol C3H5COONa
⇄ myêu cầu = 8,64 gam.