Bạn chưa đăng nhập. Vui lòng đăng nhập để hỏi bài
TC2 Worlds

Cho a,b,c>0. Chứng minh 

\(\frac{a^3}{a^2+ab+b^2}\ge\frac{2a-b}{3}\)

Đinh Đức Hùng
8 tháng 8 2017 lúc 14:43

\(\frac{a^3}{a^2+ab+b^2}\ge\frac{2a-b}{3}\)

\(\Leftrightarrow\left(a^2+ab+b^2\right)\left(2a+b\right)\le3a^3\)

\(\Leftrightarrow2a^3+a^2b+ab^2-b^3\le3a^3\)

\(\Leftrightarrow-a^3+a^2b+ab^2-b^3\le0\)

\(\Leftrightarrow a^3+b^3\ge a^2b+ab^2\)

\(\Leftrightarrow\left(a+b\right)\left(a^2-ab+b^2\right)\ge ab\left(a+b\right)\)

\(\Leftrightarrow a^2-ab+b^2\ge ab\)

\(\Leftrightarrow a^2-2ab+b^2\ge0\)

\(\Leftrightarrow\left(a-b\right)^2\ge0\) (luôn đúng)

Vậy \(\frac{a^3}{a^2+ab+b^2}\ge\frac{2a-b}{3}\)


Các câu hỏi tương tự
phan tuấn anh
Xem chi tiết
Lê Hồng Anh
Xem chi tiết
Le Trang Nhung
Xem chi tiết
Trần Lâm Thiên Hương
Xem chi tiết
Đinh Thị Ngọc Anh
Xem chi tiết
Trường An milo
Xem chi tiết
Dung Đặng Phương
Xem chi tiết
Hà Lê
Xem chi tiết
lipphangphangxi nguyen k...
Xem chi tiết