TH1, d=18cm<f=24cm nên ảnh A'B' trong Th này là ảnh ảo, cùng chiều với vật và lớn hơn vật.

Áp dụng công thức thấu kính hội tụ  cho ảnh áo thì ta có

\(\dfrac{1}{f}=\dfrac{1}{d}-\dfrac{1}{d'}\Rightarrow d'=\dfrac{1}{\dfrac{1}{d}-\dfrac{1}{f}}=\dfrac{1}{\dfrac{1}{18}-\dfrac{1}{24}}=72\left(cm\right)\)

Mặt khác thì ta có, \(\dfrac{h}{h'}=\dfrac{d}{d'}\Rightarrow h'=\dfrac{d'.h}{d}=\dfrac{72.1}{18}=4\left(cm\right)\)

TH2 d=36cm>f=24cm nên ảnh A'B' của AB qua TKHT là ảnh thật, ngược chiều với vật và lớn hơn vật.

Ta có công thức TKHT cho ảnh thật

\(\dfrac{1}{f}=\dfrac{1}{d}+\dfrac{1}{d'}\Rightarrow d'=\dfrac{1}{\dfrac{1}{f}-\dfrac{1}{d}}=72\left(cm\right)\)

Mặt khác ta có \(\dfrac{h}{h'}=\dfrac{d}{d'}\Rightarrow h'=\dfrac{d'.h}{d}=\dfrac{1.72}{36}=2\left(cm\right)\)

a, Hiệu điện thế hai đầu cuộn thứ cấp

Ta có \(\dfrac{n_1}{n_2}=\dfrac{U_1}{U_2}\Rightarrow U_2=\dfrac{U_1n_2}{n_1}=\dfrac{2,5.18750}{1500}=31,25\left(kV\right)\)

b, Cường độ dòng điện qua dây

\(I=\dfrac{P}{U}=\dfrac{2,5.10^3}{31,25}=8\left(A\right)\)

Điện trở của đường dây 

\(R=\Delta R.2S=0,5.20.2=20\left(\Omega\right)\)

Công suất hao phí do tỏa nhiệt

\(P_{hp}=I^2R=8^2.20=1280\left(W\right)\)

c, Hiệu suất truyền tải 

\(H=\dfrac{A_i}{A_{tp}}=\dfrac{P_it}{P_{tp}t}=\dfrac{P_{tp}-P_{hp}}{P_{tp}}=\dfrac{2,5.10^6-1280}{2,5.10^6}\simeq0,9994\)

d, Công suất hao phí giảm đi 9 lần thì Php/9=Php1

Hiệu điện thế hai đâu dây 

Ta có \(P_{hp1}=\dfrac{P_{hp}}{9}\)\(\dfrac{\Leftrightarrow P^2R}{U_1^2}=\dfrac{P^2R}{9U^2}\Leftrightarrow U_1^2=9U^2\Rightarrow U_1=3U=3.2,5=7,5\left(kV\right)\)

Bài 3,

a

Do số vòng cuộn thứ cấp lớn hơn số vòng cuộn sơ cấp nên máy này là loại tăng thế

b, Hiệu điện thế thu được hai đầu cuộn thứ cấp

Ta có \(\dfrac{n_1}{n_2}=\dfrac{U_1}{U_2}\Rightarrow U_2=\dfrac{U_1.n_2}{n_1}=\dfrac{1500.20000}{200}=150000\left(V\right)\)

c, 500kW=500000W

Công suất tỏa nhiệt trên đường dây tải

\(P_{hp}=\dfrac{P^2R}{U^2}=\dfrac{500000^2.200}{150000^2}\simeq2222,2\left(W\right)\)

Bài 4

a, Công suất hao phí trên đường dây tải điện

\(P_{hp}=\dfrac{P^2R}{U^2}=\dfrac{60^2.60}{20^2}=540\left(W\right)\)

b, Để giảm công suất hao phí trên đường dây 4 lần thì tăng hiệu điện thế hai đầu dây lên:

Ta có \(P_{hp1}=\dfrac{P^2R}{U^2_1}=\dfrac{P_{hp}}{4}=\dfrac{P^2R}{4U^2}\)

\(\Rightarrow U_1^2=4U^2\Leftrightarrow U_1=2U\)

Vậy phải tăng hiệu điện thế hai đầu dây lên 2 lần để công suất hao phí trên đường dây tải điện giảm 4 lần

96

a, Điện trở tường đương toàn mạch

Rtđ=R1+R2=18+17=35(Ω)

Cường độ dòng điện qua mạch và các điện trở:

I=I1=I2=U/Rtđ=50/35=10/7(A)

b, Ta có R23=R2R3/R2+R3=17.23/17+23=391/40(Ω)

Điện trở tương đương toàn mạch:

Rtđ=R1+R23=18+391/9=1111/40(Ω)

Cường độ dòng điện qua mạch chính và điện trở R1

I=I1=U/Rtđ=50/1111/40=2000/1111(A)

chỗ đó trên bài mk chưa lm, còn phần nào bn

nếu thùng a múc n1 =3 ca nước thì b là 2n1 ca =6ca nước, c là 3n1=9 ca nước nên kl nước ở C là 9.200=..