bn tự kẻ hình nha, phần a bn bk làm r nên mk ko làm nx
b) ta có: OD = OH ( dễ chứng minh ADHE là h.c.n => OD = OH do t/c 2 đường chéo)
=> tg ODH cân tại O => ^HDO = ^DHO(1)
Xét tg DBH vuông tại D
có: BP = PH(gt)
=> DP = PH (t/c đường trung tuyến của tg vuông)
=> tg DPH cân tại P => ^PDH = ^PHD (2)
Từ (1);(2) => ^HDO + ^PDH = ^DHO + ^PHD = ^BHA = 90 độ
=> ^HDO + ^PDH = 90 độ => ^PDE = 90 độ => \(DP\perp DE⋮D\)
cmtt, ta có: \(QE\perp DE⋮E\)
=> DP // QE
Xét tứ giác DEQP
có: DP// QE; ^PDE = 90 độ
=> DEQP là h.thang vuông
c) ( Nối Q với O; gọi giao điểm của QO và AB là K)
ta có: OA = OH; DH // AC ( ADHE là h.c.n)
Xét tg ACH
có: OA = OH; HQ = QC
=> QO là đường trung bình của tg ACH
=> QO // AC
mà DH // AC (cmt) => QO // DH
Lại có: \(DH\perp AB⋮D\left(gt\right)\)
\(\Rightarrow QO\perp AB⋮K\)
Xét tg ABQ
có: \(QO\perp AB⋮K\left(cmt\right);AH\perp BQ⋮H\left(gt\right)\)
QO cắt AH tại O
=> O là trực tâm của tg ABQ
d) ta có: \(S_{\Delta DPB}=\frac{BP.DP}{2};S_{\Delta DPH}=\frac{PH.DP}{2}\)
mà BP = PH \(\Rightarrow S_{\Delta DPB}=S_{\Delta DPH}\)(1)
cmtt, ta có: \(S_{\Delta EQH}=S_{\Delta EQC}\)(2)
ta có: tg ADE = tg HED ( cgv-cgv) ( do ADHE là h.c.n => AD = HE; AE = HD)
\(\Rightarrow S_{\Delta ADE}=S_{\Delta HED}\) (3)
Từ (1);(2);(3) => ...
đến chỗ này bn chỉ cần cộng diện tích các tg lại, dễ chứng minh được đpcm
