Bài 15: Định luật bảo toàn khối lượng

\(n_{O_2}=\dfrac{4,48}{22,4}=0,2\left(mol\right)\)

\(n_{CO_2}=\dfrac{2,24}{22,4}=0,1\left(mol\right)\)

Áp dụng ĐLBTKL ta có:

\(m_X=m_{CO_2}+m_{H_2O}-m_{O_2}=0,1.44+3,6-0,2.32=1,6\left(g\right)\)

a) Ta có PT: A + O₂ ----> SO₂ + H₂O

b) Vì sản phẩm tạo ra có là SO₂ và H₂O nên chất A gồm S,H và có thể có O.

c) Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng ta có:

m_A = (m_{\(SO_{2_{ }}\)}+m_{\(H_2O\)})-m_{\(O_2\)}

=(6,4 + 1,8)-4,8=3,4(g)

d) Vì trong A chỉ có 2 nguyên tố nên ta gọi CTHH của A là

H_xS. Vì A có hóa trị II nên CTHH của A là H₂S

a) Cân thăng bàng vifkhi bình bị đậy chặt lại thì không có chất nào tràn vào bình lên khối lượng trong bình không đổi

b) Khi mở lắp ra lượng không khí bên ngoài sẽ tràn vào và lượng các chất bên trong cũng sẽ bay ra nên sẽ có sự thay đổi về khối lượng

Pt: Al +6HCl-> AlCl₃ + H2

Fe + 2HCl-> FeCl2 + H2

Zn +2HCl-> ZnCl2 +H2

m_muoi= 14,8+55,25-0,7=69,35(g)

1.

\(2Mg+O_2\underrightarrow{t^o}2MgO\)

x----------1/2x---x

\(2Ca+O_2\underrightarrow{t^o}2CaO\)

y--------1/2y----y

Gọi x,y lần lượt là số mol của Mg và Ca.

Ta có: \(m_{hh}=24x+40y=32\) (1)

Mặt khác: \(m_{hhoxit}=40x+56y=48\) (2)

Từ (1,2) ta có hpt: \(\left\{{}\begin{matrix}24x+40y=32\\40x+56y=48\end{matrix}\right.\)

Dùng phương pháp casio giải ra ta có:

\(\left\{{}\begin{matrix}x=0,5\\y=0,5\end{matrix}\right.\)

\(\Sigma n_{O_2}=\dfrac{1}{2}x+\dfrac{1}{2}y=\dfrac{1}{2}.0,5+\dfrac{1}{2}.0,5=0,5\left(mol\right)\)

\(\Sigma m_{O_2}=0,5.32=16\left(g\right)\)

2.

\(MgCO_3\underrightarrow{t^o}MgO+CO_2\)

x-------------x----------x

\(CaCO_3\underrightarrow{t^o}CaO+CO_2\)

y--------------y--------y

Gọi x,y lần lượt là số mol của MgCO3 và CaCO3.

\(m_{hh2m}=84x+100y=53,6\) (1)

Mặt khác: \(\Sigma n_{CO_2}=\dfrac{26,4}{44}=0,6\left(mol\right)=x+y\) (2)

Từ (1,2) ta có hpt: \(\left\{{}\begin{matrix}84x+100y=53,6\\x+y=0,6\end{matrix}\right.\)

Dùng phương pháp casio giải ra ta có:

\(\left\{{}\begin{matrix}x=0,4\\y=0,2\end{matrix}\right.\)

\(m_{MgO}=84.0,4=33,6\left(g\right)\)

\(m_{CaO}=100.0,2=20\left(g\right)\)

Fe + 2HCl → FeCl₂ + H₂

Theo ĐL BTKL: \(m_{Fe}+m_{HCl}=m_{FeCl_2}+m_{H_2}\)

\(\Leftrightarrow m_{HCl}=m_{FeCl_2}+m_{H_2}-m_{Fe}\)

\(\Leftrightarrow m_{HCl}=25,4+0,4-11,2=14,6\left(g\right)\)

ta có PTHH:

Fe + 2HCl → FeCl₂ + H₂

theo đề :

áp dụng ĐLBTKL :

m_Fe + m_HCl = m_FeCl2 + m_H2

=> m_HCl = ( m_FeCl2 + m_H2 ) - m_Fe

=> m_HCl = ( 25,4 + 0,4) - 11,2

=> m_HCl = 14,6 (g)

vậy khối lượng HCl đã dùng là 14,6g

PTHH: 2Zn + O2 ---to----> 2ZnO

- Áp dụng ĐLBTKL ta có:

mO2 = mZnO - mZn = 18,8 - 11,2 = 7,6 gam

=> nO2 = 7,6/32 = 0,2375 mol

=> VO2 = 0,2375 . 22,4 = 5,32 lít

=> Vkk = 5,32 . 5 = 26,6 lít

Mg + 2HCl => MgCl2 + H2

2Al + 3H2SO4 => Al2 ( SO4 )3 + 3H2

CuO + H2 => Cu + H2O

2Mg + O2 => 2MgO

2Na + H2SO4 => Na2SO4 + H2

Cu + 2AgNO3 => Cu ( NO3 )2 + 2Ag

Mg + 2HCl \(-->MgCl_2+H_2\)

2Al + \(+3H_2SO_4-->Al_2\left(SO_4\right)_3+3H_2\)

CuO + \(H_2-->Cu+H_2O\)

\(Mg+O_2-->2MgO\)

2Na + \(H_2SO_4-->Na_2SO_4+H_2\)

Cu + \(2AgNO_3-->Cu\left(NO_3\right)_2+2Ag\)

a) \(2ZnS+3O_2\rightarrow2ZnO+2SO_2\)

PTHH:

\(X_2SO_4+BaCl_2\rightarrow BaSO_4\downarrow+2XCl\)

\(YSO_4+BaCl_2\rightarrow BaSO_4\downarrow+YCl_2\)

Áp dụng DDLBTKL ta được:

\(m_{2m}=m_{hhbđ}+m_{BaCl_2}-m_{BaSO_4}=22,1+31,2-34,95=18,35\left(g\right)\)