Phần 5: DI TRUYỀN HỌC

Khi chuyển gen mã hóa hoocmon isulin của người vào vi khuẩn E. Coli thì vk E.Coli lại tổng hợp được hoocmon isulin của người vì:

Mã di truyền có tính phổ biến (tất cả các loài đều dùng chung 1 bộ mã di truyền)

B.Giao tử 2n.

Theo NTBS thì: 

%G=%X

nên ta có %G=%X= \(\dfrac{80\%}{2}\)=40%

⇒%A=%T=\(\dfrac{\text{100%-80%}}{2}\)=10%

18. 

a) đổi 18.10⁵ đvC=1 800 000 đvC

Ta có số gen trên ADN là: 

\(\dfrac{1800000}{300}=6000\left(nu\right)\)

Số chu kì xoắn là: 

\(\dfrac{6000}{20}=300\left(vòng\right)\)

Chiều dài gen là: 300 . 34 =10200 (micromet)

b) Theo NTBS ta có: 

%A=%T=\(\dfrac{40\%}{2}=20\%\)

⇒%G=%X=\(\dfrac{100\%-40\%}{2}=30\%\)

19.

Đổi 0,34 micromet = 3400 Å

Ta có số chu kì xoắn là: 

\(\dfrac{3400}{34}=100\left(vòng\right)\)

Tổng số nu của gen là: 100.20=2000 (nu)

Ta có số nu loại A nhiều hơn số nu loại G (hoặc X) là 40 nu

Theo NTBS thì: 

A=T=\(\dfrac{1000+40}{2}=520\left(nu\right)\)

G=X= \(\dfrac{2000-520.2}{2}=480\left(nu\right)\)

⇒%A=%T=\(\dfrac{520}{2000}.100\%=26\%\)

⇒%G=%X=(100%-26%).2=24%

L = 3,4*(N/2) ⇒ 5100=3,4*(N/2) ⇒N= 3000 nu

Ta có  A + G = 50%(=1500 nu ) tổng số nu (1)

mà A=2/3 G thay vào 1 ta được : 2/3G + G = 1500⇒ G=X=900 nu 

 ⇒ A=T= 2/3G=600 nu

⇒ Nmt = N*(2⁶-1) = 189000 nu

     Biết trong quá trình nhân đôi của đoạn ADN trên đã xảy ra đột biến do tác động của 1 phân tử 5-BU và sau lần nhân đôi thứ nhất, phân tử 5BU trong ADN luôn bắt cặp với nuclêôtit loại G.

           Đoạn này mình chịu 

Số nu của gen là: $N=\frac{5398+2}{2}=2700$

Suy ra số bộ ba trên mARN $=\frac{2700}{2.3}=450$

Do đó số liên kết peptit tối thiểu trong chuỗi polipeptit hoàn chỉnh là 450-3=447 (liên kết)

Số nu của mARN trưởng thành $=(359+1).3=1080$

mARN trưởng thành bao gồm toàn bộ các đoạn exon

Suy ra số nu của một intron là $\frac{1080}{5}=216$

Số nu của intron là $216.7=1512$

Do đó chiều dài vùng mã hóa của gen là $=(1512+1080).3,4=8812,8A$