Bài 7. Ôn tập chương I

* Xét phép lai 4 : \(\dfrac{tròn}{dài}=\dfrac{2112}{703}\approx\dfrac{3}{1}\)

-> Tròn (A) trội hoàn toàn so với dài (a)

=> P có KG :     Aa       (tròn)

* Xét phép lai 3 : 

- Thu được toàn hạt tròn là tính trạng trội (hạt tròn)

=> Ta có 3 trường hợp của P : \(\left[{}\begin{matrix}AA\text{ x }AA\left(tròn\text{ x }tròn\right)\\AA\text{ x }Aa\left(tròn\text{ x }tròn\right)\\AA\text{ x }aa\left(tròn\text{ x }dài\right)\end{matrix}\right.\)

* Xét phép lai 2 :  Ở F :  \(\dfrac{tròn}{dài}=\dfrac{1022}{1040}\approx\dfrac{1}{1}\)

-> P có KG :     Aa         x         aa   (tròn x dài)    (phép lai phân tích)

* Xét phép lai 1 : Thu được 100% hạt dài

-> P có KG :    aa        x       aa     (dài x dài)

Bài 1: 

Qui ước: A: lông ngắn, a: lông dài

KG P: AA x aa

*SĐL:

P:   AA x aa

GP:  A      a

F1: 100% Aa (100% lông ngắn)

Bài 2: 

Qui ước: A: quả tròn, a: quả bầu dục

Theo đề, F1 thu được 75% quả tròn: 25% quả bầu dục

=> TLKH: 3:1

=> KG P: Aa x Aa

*SĐL: 

P:    Aa  x   Aa

GP: A, a     A, a

F1: 1AA: 2Aa: 1aa (3 quả tròn: 1 quả bầu dục)

Bài 3: 

a. Theo đề F1 thu được toàn quả đỏ => quả đỏ là tính trạng trội hoàn toàn so với quả vàng. 

b. Qui ước: A: quả đỏ, a: quả vàng

*SĐL:
P:   AA    x    aa

GP:  A            a

F1: 100% Aa (100% đỏ)

F1xF1:  Aa  x   Aa

GF1:    A, a      A, a

F2: 1AA: 2Aa: 1aa ( 3 đỏ: 1 vàng)

c. Nếu cho F1 lai phân tích => SĐL:

P:     Aa   x aa

GP:  A, a     a

F1: 1Aa: 1aa (1 đỏ: 1 vàng)

d. SĐL 1:

P1: AA    x    Aa

GP1:  A            A, a

F1-1:  1AA:1Aa (100% đỏ)

SĐL 2:

P2:  AA   x    aa

GP2: A          a

F1-2: 100% Aa (100% đỏ)

SĐL 3: 

P3:     Aa   x  aa

GP3: A, a        a

F1-3:  1Aa:1aa (1 đỏ: 1 vàng)

bài 4: 

a. Vì F1 thu được toàn quả tròn => quả tròn là tính trạng trội hoàn toàn so với quả bầu dục. 

b. Qui ước: A: quả tròn, a: quả bầu dục

SĐL: 

P:   AA     x     aa

GP:  A              a

F1: 100% Aa (100% quả tròn) 

F1xF1L:   Aa      x      Aa

GF1:       A, a              A, a

F2: 1AA: 2Aa: 1aa (3 tròn: 1 bầu dục)

c. Để xác định cây cà chua quả tròn thuần chủng hay không người ta sử dụng phương pháp lai phân tích

=> (trình bày pp lai phân tích)

a. 

- AAbb hoặc Aabb

- aaBb hoặc aaBB

- AABB, AABb, AaBB hoặc AaBb

- aabb

b. AaBb: toác xoăn mắt đen

AaBB: tóc xoăn mắt đen

Aabb: tóc xoăn mắt xanh

aabb: tóc thẳng mắt xanh

AAbb: tóc xoăn mắt xanh

aaBb: tóc thẳng mắt đen

aaBB: tóc thẳng mắt đen

Quy ước gen: Mắt đen A >> a mắt xanh

Sơ đồ lai:

TH1: P: AA (Mắt đen) x aa (Mắt xanh)

G(P):A______________a

F1: Aa (100%)__Mắt đen (100%)

F1 x F1: Aa (mắt đen) x Aa (mắt đen)

G(F1): (1A:1a) _____(1A:1a)

F2: 1AA:2Aa:1aa (3 mắt đen:1 mắt xanh)

TH2: P: Aa (mắt đen) x aa (mắt xanh)

G(P): (1A:1a)______a

F1: 1Aa:1aa (1 mắt đen: 1 mắt xanh)

F1 x F1: (1Aa: 1aa) x (1Aa: 1aa)

G(F1): (1A:3a) ______(1A:3a)

F2: 1AA: 6Aa: 9aa (7 Mắt đen: 9 mắt xanh)

a) Xét tính trạng màu quả ở F2, ta có đỏ : vàng = 3:1 → tt đỏ trội hoàn toàn so với vàng; 

Xét tính trạng vị quả ở F2, ta có ngọt : chua = 3:1 → tt ngọt trội hoàn toàn so với chua.

Quy ước gen: đỏ - A, vàng - a; ngọt - B, chua - b.

F2 cho 3 loại kiểu hình tỉ lệ 1:2:1 → gen liên kết hoàn toàn, F1 dị hợp chéo Ab/aB.

Sơ đồ lai:

P: Ab/Ab x aB/aB

F1: Ab/aB

G: Ab/aB                Ab/aB

F2: 1Ab/Ab: 2 Ab/aB: 1aB/aB

TLKH: 1 đỏ, chua: 2 đỏ, ngọt:1 vàng, ngọt.

b) F1 lai phân tích

 Ab/aB x ab/ab

G: Ab| , aB|             ab|

F2': 1Ab/ab: 1aB/ab

TLKH: 1 đỏ,chua: 1 vàng, ngọt

c) Các kiểu gen quy định tính trạng cây đỏ ngọt: A-,B- (AB/AB, AB/ab, Ab/aB, AB/Ab, AB/aB)

TH1: F1x AB/AB ⇔ Ab/aB x AB/AB → 1AB/Ab: 1AB/aB (100% quả đỏ, ngọt)

TH2: Ab/aB x AB/ab → AB/Ab: AB/aB: Ab/ab: aB/ab (2 đỏ, ngọt: 1 đỏ, chua: 1 vàng, ngọt)

TH3: Ab/aB x Ab/aB → 1 Ab/Ab: 2 Ab/aB: 1aB/aB (1đỏ chua: 2 đỏ ngọt:1 vàng ngọt)

TH4: Ab/aB x AB/Ab → AB/Ab : AB/aB: Ab/Ab: Ab/aB (3 đỏ ngọt: 1 đỏ chua) 

TH5: Ab/aB x AB/aB → AB/Ab: AB/aB: Ab/aB: aB/aB (3 đỏ ngọt: 1 vàng ngọt)

mình xin sửa lỗi đề : tính trạng màu sắc quả -> tính trạng màu sắc hoa

----------------------------

Quy ước: A: quả tròn   a: quả dài   B: hoa đỏ   b: hoa vàng

Ta có: F₁  tính trạng dạng quả thì đồng tính

=> P: AA x AA(1) hoặc P: AA x aa(2) hoặc P: AA x Aa(3) hoặc P: aa x aa(4)

Ta có: F₁  tính trạng màu sắc hoa  thì phân tính

=>P: Bb x bb (*) hoặc Bb x Bb (**)

2 cây có kiểu gen (1) và (*) có 1 TH

2 cây có kiểu gen (2) và (*) có 2 TH

2 cây có kiểu gen (3) và (*) có 2 TH

2 cây có kiểu gen (4) và (*) có 1 TH

2 cây có kiểu gen (1) và (**) có 1 TH

2 cây có kiểu gen (2) và (**) có 1 TH

2 cây có kiểu gen (3) và (**) có 1 TH

2 cây có kiểu gen (4) và (**) có 1 TH

Số phép lai thỏa mãn là: 1+2+2+1 + 1+1+1+1=10(trường hợp)

+ Xét phép lai 1: P: AaBbDd × AaBbDd => P:(Aa x Aa)(Bb xBb)(DdxDd)

Phép lai (Aa x Aa) tạo ra 3 kiểu gen

Phép lai (Bb x Bb) tạo ra 3 kiểu gen

Phép lai (Dd x Dd) tạo ra 3 kiểu gen

Số kiểu gen của PL1 là: 3.3.3=27 (loại)

+ Xét phép lai 2: P:AaBBDd × AabbDd => P:(Aa x Aa)(BB xbb)(DdxDd)

Phép lai (Aa x Aa) tạo ra 3 kiểu gen

Phép lai (BB xbb) tạo ra 1 kiểu gen

Phép lai (Dd x Dd) tạo ra 3 kiểu gen

Số kiểu gen của PL2 là: 3.1.3=9 (loại)

+ Xét phép lai 3: P:AabbDd × AaBbDD => P:(Aa x Aa)(bb xBb)(DdxDD)

Phép lai (Aa x Aa) tạo ra 3 kiểu gen

Phép lai (bb xBb) tạo ra 2 kiểu gen

Phép lai (DdxDD) tạo ra 2 kiểu gen

Số kiểu gen của PL3 là: 3.2.2=12 (chọn)

+ Xét phép lai 4: P: AabbDd × AAbbDd => P:(Aa x AA)(bb xbb)(DdxDd)

Phép lai(Aa x AA) tạo ra 2 kiểu gen

Phép lai (bb xbb) tạo ra 1 kiểu gen

Phép lai (DdxDd) tạo ra 3 kiểu gen

Số kiểu gen của PL4 là: 2.1.3=6 (loại)

+ Xét phép lai 5: P:AabbDD × AAbbDd => P:(Aa x AA)(bb xbb)(DDxDd)

Phép lai (Aa x AA) tạo ra 2 kiểu gen

Phép lai (bb xbb) tạo ra 1 kiểu gen

Phép lai (DDxDd) tạo ra 2 kiểu gen

Số kiểu gen của PL5 là: 2.1.2=4 (loại)

+ Xét phép lai 6: P:aaBbDd × AaBbdd => P:(aa x Aa)(Bb xBb)(Ddxdd)

Phép lai (aa x Aa) tạo ra 2 kiểu gen

Phép lai (Bb xBb) tạo ra 3 kiểu gen

Phép lai (Ddxdd) tạo ra 2 kiểu gen

Số kiểu gen của PL6 là: 2.3.2=12 (chọn)

Vậy có 2 phép lai tạo ra con lai có 12 kiểu gen khác nhau

Aa x Aa -> F1: 1/4AA : 2/4Aa : 1/4aa

Bb x Bb -> F1 : 1/4BB : 2/4Bb : 1/4bb

DD x Dd -> F1: 1/2DD: 1/2Dd

Ee x x Ee -> 1/4EE : 2/4Ee : 1/4ee 

hh x hh -> F1: 100%hh

a) Các cá thể mang 3 alen trội:

AabbDDeehh, aaBbDDeehh, aabbDDEehh: 1/64 x 3 =3/64

AaBbDdeehh, AabbDdEehh, aaBbDdEehh: 2/64 x 3 = 6/64

tổng: 9/64

b) các cá thể có kiểu hình chỉ mang 2 tính trạng trội

A_bbD_eehh, aaB_D_eehh, aabbD_E_hh: 3/64 x 3 = 9/64

Quy ước gen A: hoa đỏ   a: hoa trắng

Ta có: 2 cây thuần chủng có kiểu gen khác nhau về các cặp tính trạng

=> 1 cây P thuần chủng hoa đỏ có kiểu gen AA

1 cây P thuần chủng hoa trắng có kiểu gen aa

Sơ đồ lai:

P_t/c: Hoa đỏ x hoa trắng

         AA             aa

G_P:     A        ;      a

F₁: - Kiểu gen Aa

-Kiểu hình: 100% hoa đỏ

F₁ x F₁ :  Aa   x       Aa

\(G_{F_1}:\) \(\dfrac{1}{2}A:\dfrac{1}{2}a\)   ;  \(\dfrac{1}{2}A:\dfrac{1}{2}a\)

F₂: -Tỉ lệ kiểu gen :\(\dfrac{1}{4}AA:\dfrac{1}{2}Aa:\dfrac{1}{4}aa\)

-Tỉ lệ kiểu hình: \(\dfrac{3}{4}\) hoa đỏ: \(\dfrac{1}{4}\) hoa trắng

Ta có: 7 Hạt đem theo thành con có ít nhất 1 cây hoa đỏ

=> Xác suất để 7 hạt đem gieo đều không có cây hoa đỏ là:\(\left(\dfrac{1}{4}\right)^7\)

=> Xác suất để 7 hạt đem gieo có ít nhất 1 cây hoa đỏ là:\(1-\left(\dfrac{1}{4}\right)^7\)

tham khảo:

theo đề bài F1 sẽ có kiểu ghen là Aa

F1 x F1: Aa x Aa.

F2: 1AA : 2Aa : 1aa.

Xác suất để cả 7 cây được chọn đều hoa trắng là: (1/4)⁷.

Vậy xác suất để trong  số 7 cây con có ít nhất 1 cây hoa đỏ là: 1- (1/4)⁷