\(CH_4 + 2O_2-t^o-> CO_2+2H_2O\)

\(2H_2+O_2-t^o-> 2H_2O\)

Gọi a là nCH4, b là nH2

Ta có: n hỗn hợp = \(\dfrac{22,4}{22,4}=1(mol)\)

\(nO_2 = \dfrac{28}{22,4} =1,25 (mol)\)

Theo PTHH, ta có:\(\left\{\begin{matrix}a+b=1\\2a+0,5b=1,25\end{matrix}\right.\)

\(<=>\) \(\left\{\begin{matrix}a=0,5\\b=0,5\end{matrix}\right.\)

%V CH4 = \(\dfrac{0,5.100}{1} = 50\)%

=> %V H2 = 100% - 50% = 50%

Gọi n là hóa trị của kim loại R cần tìm

\(PTHH: 2R + 2nHCl --->2RCl_n + nH_2\)

\(nH_2= \dfrac{4,48}{22,4} = 0,2 (mol)\)

Theo PTHH: \(nR = \dfrac{0,4}{n} (mol)\)

Ta có: \(m_R = n_R . M_R\)

\(<=> 11,2 = \dfrac{0,4}{n}.R\)

\(<=> 0,4R = 11,2n\)

\(=> R= 28n\)

..........................(nhận)...............................

Vậy kim loại R cần tìm là Fe

Fe→→FeCl3→→ Fe(OH)3→→Fe2O3→→Fe2(SO4)3→→Fe(OH)3

\(a) \)

\(S+O_2-t^o-> SO_2\)

\(2SO_2+O_2-t^o-> 2SO_3\)

\(SO_3+H_2O--->H_2SO_4\)

\(H_2SO_4 + NaOH --->NaHSO_4 + H_2O\)

\(2NaHSO4 + 2KHSO3 → 2H2O + Na2SO4 + 2SO2 + K2SO4 \)

\(4FeS_2 + 11O_2 -t^o-> 2Fe_2O_3 + 8SO_2\)

\(2SO_2+O_2-t^o-> 2SO_3\)

\(SO_3+H_2O--->H_2SO_4\)

\(H_2SO_4 + NaOH --->NaHSO_4 + H_2O\)

\(2NaHSO4 + 2KHSO3 → 2H2O + Na2SO4 + 2SO2 + K2SO4 \)

\(b)\)

\(3Fe + 2O_2-t^o->Fe_3O_4\)

\(Fe_3O_4 + 4H_2SO_4 ---> FeSO_4 + Fe_2(SO_4)_3 +4 H_2O\)

\(Fe+2HCl --->FeCl_2 + H_2\)

\(FeCl_2 + 2NaOH ---> Fe(OH)_2 + 2NaCl\)

\(Fe(OH)2 + H_2SO_4 ---> FeSO_4 + 2H_2O\)

bài 5.

\(PTHH: Zn + H_2SO_4 ---> ZnSO_4 + H_2 \)

\(nZn = \dfrac{19,5}{65} = 0,3 (mol)\)

\(nH_2SO_4 = \dfrac{39,2}{98} = 0,4 (mol)\)

So sánh: \(\dfrac{nZn}{1} = 0,3 < \dfrac{nH_2SO_4}{1} = 0,4\)

=> \(H_2SO_4 \) dư sau phản ứng, chọn \(nZn\) để tính

Theo PTHH: \(nH_2 = nZn = 0,3 (mol)\)

\(=> VH_2 (đktc)= 0,3.22,4 = 6,72 (l)\)

Vậy thể tích khí H2 thu được sau phản ứng là 6,72 lít

\(Fe_2O_3 + 3H_2-t^o-> 2Fe+3H_2O\) \((1)\)

\(CuO+H_2-t^o->Cu+H_2O\) \((2)\)

Gọi a là nFe2O3, b là nCuO

Ta có: \(160a+80b=2,4\) \((I)\)

Chất rắn thu được sau phản ứng là Fe và Cu

Khi hòa tan băng HCl thì chỉ có Fe tác dung

\(Fe + 2HCl ---> FeCl_2+ H_2\) \((3)\)

\(nH_2=\dfrac{0,448}{22,4} = 0,02 (mol)\)

\(=> nFe = 0,02 (mol)\)

Theo PTHH (1) \(nFe_2O_3 = 0,01 (mol)\)

\(=> mFe_2O_3 = 0,01 . 160 = 1,6 (g)\)

\(=> mCuO \)trong hỗn hợp hai oxit \(=2,4-1,6 = 0,8 (g)\)

%mFe2O3 = \(\dfrac{1,6.100}{2,4} = 66,67\)%

=> %mCuO = 100% - 66,67% = 33,33%

\(c)\) Ta có: \(mFe = 0,02.56 = 1,12 (g) \)

\(nCuO = \dfrac{0,8}{80} = 0,01 (mol)\)

Theo PTHH (2) \(nCu = \)\(0,01 (mol)\)

\(=> mCuO = 0,01.80 = 0,8 (g)\)

\(mCaCO_3 \)có trong đá vôi = \(\dfrac{500.20}{100} = 100 (g)\)

\(=> nCaCO_3 = \dfrac{100}{100} = 1 (mol)\)

\(PTHH: CaCO_3 -t^o-> CaO + CO_2 \)

Chất rắn sau phản ứng là CaO

Theo PTHH: \(nCaO = nCaCO_3 = 1 (mol)\)

\(=> mCaO \)(lí thuyết) = \(1.56 = 56 (g)\)

Vì H% = 50%

\(=> mCaO \) thu được (thực tế) = \(\dfrac{56.50}{100} = 28 (g)\)

Đề này không đủ điều kiện để xác định công thức A. Mình chắc chắn.

\(a) \)

\(2KMnO_4 -t^o-> K_2MnO_4 + MnO_2 + O_2\) \((1)\)

Vì quá trình nhiệt phân diễn ra chỉ một thời gian nên

Chất rắn A có thể gồm \(\begin{matrix}K2MnO4\\MnO2\\KMnO4\left(dư\right)\end{matrix}\)

Khí B là \(O_2\)

Khi cho O2 qua bình 1

\(4P+5O_2 -t^o->2P_2O_5\) \((2)\)

O2 còn dư sau phản ứng nên chọn nP để tính

\(n_P= \dfrac{0,93}{31} = 0,03 (mol)\)

\(=> nO2 (2) = 0,0375(mol)\)

Cho tiếp O2 dư qua bình 2 đun nóng thì

\(O_2 + C-t^o-> CO_2\) \((3)\)

\(nC= \dfrac{0,24}{12} = 0,02 (mol)\)

\(=> nO2 (3) = 0,02 (mol)\)

Vậy \(nO2 (1) = nO2(2) + nO2(3)\)

\(nO2(1) = 0,0375+0,02 = 0,0575 (mol)\)

Theo (1) \(nK_2MnO_4 = nO2 = 0,0575(mol)\)

=> %mK2MnO4 trong A = \(\dfrac{0,0575 . (39.2+55+16.4).100}{22,1} = 51,26\)%

\(nMnO_2 = nO_2 = 0,0575 (mol)\)

=> %mMnO2 trong A = \(\dfrac{0,0575. (55+16.2).100}{22,1} = 22,64\)%

=> %m KMnO4 dư trong A = 100% - 51,26% - 22,64% = 26,10%

\(b)\)

Chất có trong bình 1 sau phản ứng là \(P_2O_5\)

Theo PTHH (2) \(nP_2O_5 = 0,015 (mol)\)

\(=> mP_2O_5 = 0,015.142 = 2,13 (g)\)

Chất có trong bình (2) sau phản ứng là \(CO_2\)

Theo PTHH (3) \(nCO_2= 0,02 (mol)\)

\(=> mCO_2 = 0,02.44 = 0,88 (g)\)