a, Ta có :

\(n_{Cu}:n_S:n_O=\dfrac{40}{64}:\dfrac{20}{32}:\dfrac{40}{16}=0,625:0,625:2,5=1:1:4\)

Vậy CTHH của hợp chất là : \(CuSO_4\)

b, 1 lít khí B nặng 1,25 g

=> 22,4 lít khí B nặng 28g

Vậy \(M_B=28\left(\dfrac{g}{mol}\right)\)

\(\dfrac{m_C}{m_H}=\dfrac{6}{1}=>\dfrac{n_C.M_C}{n_H,M_H}=\dfrac{6}{1}=>\dfrac{12n_C}{n_H}=6=>\dfrac{n_C}{n_H}=\dfrac{1}{2}\)

=> CTHH tổng quát của B là \(\left(CH_2\right)_n\)

Khi đó : \(14n=28=>n=2\)

Vậy CTHH của B là \(\left(CH_2\right)_2=C_2H_4\)

Lưu ý : tỉ lệ KL là m nhé

nhầầm p+ n + e= 60 hì

Nguyên tử X có tổng số hạt p,e,n là 60 hạt

\(p+n+e=46\)

Trong hạt nhân có số hạt mang điện bằng số hạt không mang điện: \(p=n\)

Vậy ta có :

\(3p=60=>p=e=20\left(h\text{ạ}t\right)\)

\(=>n=20\left(h\text{ạ}t\right)\)

b, c, d Tự làm nhé e còn non lắm :D nhác vẽ sơ đồ lắm

a) A =1/2  => 2( 15 -2x ) =6- x

               => 4x -x = 30 -6 => 3x =24  => x =8

b) \(A=\frac{2x-15}{x-6}=2-\frac{3}{x-6}\)

 A thuộc Z => x -6 thuộc Ư(3) ={ -3;-1;1;3}

 Max A = 2 +3  =5  khi x - 6 = -1 => x =5

Nung hỗn hợp gồm KHCO3, CaCO3, MgCO3 trong bình chân không đến khối lượng không đổi, thu được hỗn hợp chất rắn X, hỗn hợp khí, và hơi Y

\(2KHCO_3-t^o->K_2CO_3+CO_2+H_2O\)

\(CaCO_3-t^o->CO_2+H_2O\)

\(MgCO_3-t^0->MgO+CO_2\)

=> Hỗn hợp chất rắn X là : \(K_2CO_3;CaO;MgO\)

Hỗn hợp khí và hơi Z : \(CO_2;H_2O\)

Cho X vào nước dư thu được dung dịch A và kết tủa Z

\(CaO+H_2O-->Ca\left(OH\right)_2\)

=> Dung dịch A là Ca(OH)2 , kết tủa Z là \(CaCO_3;MgO\)

Hấp thụ toàn bộ Y vào A, thu được kết tủa B và dung dịch C

\(CO_2+Ca\left(OH\right)_2-->CaCO_3+H_2O\)

\(2CO_2+Ca\left(OH\right)_2-->Ca\left(HCO_3\right)_2\)

Kết tủa B : CaCO3 ; dung dịch C : \(Ca\left(HCO_3\right)_2\)

Dd C tác dụng với dd NaOH lại thu được kết tủa B

\(Ca\left(HCO_3\right)_2+2NaOH-->CaCO_3+Na_2CO_3+2H_2O\)

Ok r đó

Ta có : \(n_{CaO}=\dfrac{2,8}{56}=0,05\left(mol\right)\)

\(PTHH:CaO+H_2O-->Ca\left(OH\right)_2\)

Từ pt => \(n_{CaO}=n_{Ca\left(OH\right)_2}=0,05\left(mol\right)\)

a,

\(n_{CO_2}=\dfrac{1,68}{22,4}=0,075\left(mol\right)\)

\(=>\dfrac{n_{CO_2}}{n_{Ca\left(OH\right)_2}}=\dfrac{0,075}{0,05}=>\) tạo hỗn hợp 2 muối

Gọi a,b lần lượt là số mol của \(CaCO_3,Ca\left(HCO_3\right)_2\)

\(CO_2\left(a\right)+Ca\left(OH\right)_2\left(a\right)-->CaCO_3\left(a\right)+H_2O\left(1\right)\)

\(2CO_2\left(2b\right)+Ca\left(OH\right)_2\left(b\right)-->Ca\left(HCO_3\right)_2\left(b\right)\left(2\right)\)

Từ pt (1) , (2) ta có :

\(\left\{{}\begin{matrix}a+b=0,075\\a+2b=0,05\end{matrix}\right.=>\left\{{}\begin{matrix}a=0,025\\b=0,025\end{matrix}\right.\)

\(=>m_{CaCO_3}=0,025.100=2,5\left(g\right)\)

b, Có 2 trường hợp xảy ra :

\(TH_1:CO_2\left(h\text{ết}\right),Ca\left(OH\right)_2\left(d\text{ư}\right)\)

=> chỉ xảy ra phản ứng : \(CO_2+Ca\left(OH\right)_2-->CaCO_3+H_2O\)

\(n_{CO_2}=n_{CaCO_3}=\dfrac{1}{100}=0,01\left(mol\right)\)

\(=>V_{CO_2}=0,01.22,4=0,224\left(l\right)\)

\(TH_2:CO_2\left(d\text{ư}\right),Ca\left(OH\right)_2\left(h\text{ết}\right)\)

\(CO_2\left(0,05\right)+Ca\left(OH\right)_2\left(0,05\right)-->CaCO_3\left(0,05\right)+H_2O\left(3\right)\)

\(CO_{2\left(d\text{ư}\right)}+CaCO_3+H_2O-->Ca\left(HCO_3\right)_2\left(4\right)\)

Vì sau phản ứng chỉ có 1 gam kết tủa ( 0,01 mol CaCO3 ) nên phản ứng (4) lượng CaCO3 bị hoà tan là 0,04 mol

Từ pt (3) , (4) có :

\(\Sigma n_{CO_2}=0,05+0,04=0,09\left(mol\right)\)

\(=>V_{CO_2}=0,09.22,4=2,016\left(l\right)\)

... ( lâu r k trả lời h đánh mỏi tay wa )

- Trích các mẫu thử cho vào các ống nghiệm

- Cho quỳ tím ẩm vào các ống nghiệm :

+ Quỳ tím ẩm hoá đỏ => mẫu ban đầu chứa : \(P_2O_5\)

\(P_2O_5+3H_2O-->2H_3PO_4\)

+ Quỳ tím ẩm hoá xanh => mẫu ban đầu chứa * gồm : CaO ; BaO

\(BaO+H_2O-->Ba\left(OH\right)_2\)

\(CaO+H_2O-->Ca\left(OH\right)_2\)

+ Không chuyển màu quỳ tím => mẫu ban đầu chứa CuO

- Cho phần dung dịch thu được ở * dẫn qua CO2

+ Nếu dung dịch bị đục --> đó là \(Ca\left(OH\right)_2\)--> mẫu ban đầu là CaO

+ Không có hiện tương gì --> \(Ba\left(OH\right)_2-->\)mẫu ban đầu là BaO

Lấy nam châm hút sắt :))

Bài giải :

Gọi E,D,F lần lượt là hình chiếu của I trên các cạnh BC,AB,AC.

Vì I là giao điểm các đường phân giác trong tam giác ABC nên : ID = IE = IF = x

- Ta có : Tam giác ADI vuông tại D có góc DAI = \(45^0\)

⇒ Tam giác ADI vuông cân tại D .

hay AD = ID = x

- Xét hai tam giác vuông AID và tam giác vuông AIF có :

Tam giác vuông AID = Tam giác vuông AIF ( cạnh huyền-góc nhọn )

⇒AD = AF = x

Vậy ID = IE =IF = AD = AF = x

Xét hai tam giác vuông BEI và tam giác vuông BDI có :

Tam giác vuông BDI = tam giác vuông BEI ( cạnh huyền - góc nhọn)

nên BD = BE = y

- Tương tự ta có : tam giác vuông CIE = tam giác vuông CIF

nên CE = CF = z

Ta có :

\(CI^2=CE^2+IE^2=z^2+x^2\left(1\right)\)

Mà : \(\dfrac{\left(BC-AB\right)^2+AC^2}{2}=\dfrac{\left[\left(y+z\right)^2-\left(x+y\right)^2\right]+\left(x+z\right)^2}{2}=\dfrac{\left(z-x\right)^2+\left(x+z\right)^2}{2}=\dfrac{2x^2+2z^2}{2}=x^2+z^2\left(2\right)\)

Từ (1) và (2) ta có đpcm .