Giải chi tiết đề HSG hoá 9 tỉnh Thanh Hoá 2014-2015

Đặt nồng độ HCl trong dung dịch A là x

Đặt nồng độ Ba(OH)2 trong dung dịch B là y

-  Khi trộn 50ml dung dịch A với 50ml dung dịch B thì HCl dư, ta có:

2HCl + Ba(OH)2 → BaCl2 + 2H2O      (1)

0,1y← 0,05y mol

HCl + NaOH → NaCl + H2O               (2)

0,005←0,005 mol

Ta có: 2. + nNaOH = nHCl

0,1y + 0,005 = 0,05x

x– 2y = 0,1 (*)

-  Khi trộn 50 ml dung dịch A với 150ml thì Ba(OH)2 dư, ta có:

2HCl + Ba(OH)2 → BaCl2 + 2H2O      (3)

0,05x→0,025x mol

2HNO3 + Ba(OH)2 → Ba(NO3)2 + H2O  (4)

0,035→ 0,0175 mol

Ta có: 2. = (nHCl + )

0,15y = 0,025x + 0,0175

x– 6y = - 0,7 (**)

 Giải hệ pt:

x– 6y  = -0,7

x– 2y = 0,1

=>x = 0,5; y= 0,2

=>CM của HCl = 0,5M

CM của Ba(OH)2 = 0,2M

bài 2, a, Ba(OH)2 + CuSO4--> Cu(OH)2 + BaSO4

xuất hiện kết tủa trắng sau khi kết thúc PỨ

b, 3Ba(OH)2 + 2AlCl3 --> 3BaCl2 + 2Al(OH)3

Sau khi kết thúc PỨ xuất hiện keo trắng rồi tan dần

Bài 2;

a. Ba(OH)2 + CuSO4 -> Cu(OH)2 + BaSO4

HT: xuất hiện kết tủa trắng

b. 3Ba(OH)2 + 2AlCl3 -> 3BaCl2 + 2Al(OH)3

Có thể: Ba(OH)2 dư + 2Al(OH)3 -> Ba(AlO2)2 + 4H2O

HT: Xuất hiện kết tủa trắng keo Al(OH)3, sau đó kết tủa tan trong dung dịch Ba(OH)2 dư

Bài 1:
a) nAl(NO3)3 = 0,5. (200/1000)= 0,1(mol)

PTHH: Al(NO3)3 + 3 KOH -> 3 KNO3 + Al(OH)3

- Chất rắn sau p.ứ là Al(OH)3

=> mAl(OH)3 = m(rắn) = 3,9(g)

=> nAl(OH)3 = 3,9/78= 0,05(mol)

=> nKOH= nKNO3= 3.0,05= 0,15(mol)

=> VddKOH= 0,15: 1= 0,15(l)=150(ml)

b) VddA= 200+150=350(ml)=0,35(l)

=> C_MddA=C_MddKNO3=0,15/0,35\(\approx0,429\left(M\right)\)