PTHH :

CuO + H₂SO₄ -> CuSO₄ + H₂O

0,1 ...... 0,1 (mol)

n_CuO = 0,1 (mol)

n_H2SO4 = \(\dfrac{125.20\%}{98}\approx0,26\left(mol\right)\) > 0,1 (mol) => H₂SO₄ dư

a , m_{H2SO4 phản ứng} = 0,1.98 = 9,8 (g)

b , m_{H2SO4 dư} = \(125.20\%-9,8=15,2\left(g\right)\)

m_CuSO4 = 0,1.160=16 (g)

m_{dd sau phản ứng} = 8+125 = 133 (g)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}C\%_{H2SO_4}=\dfrac{15,2}{133}.100\%\approx11,43\%\\C\%_{CUSO_4}=\dfrac{16}{133}.100\%\approx12,03\%\end{matrix}\right.\)

a , \(2x\left(x-\dfrac{1}{7}\right)=0\Rightarrow\left[{}\begin{matrix}x=0\\x=\dfrac{1}{7}\end{matrix}\right.\)

b , \(\left(x-1\right)^2=4\Leftrightarrow\left(x-1\right)^2-2^2=0\)

\(\Leftrightarrow\left(x-3\right)\left(x+1\right)=0\) \(\Leftrightarrow\left[{}\begin{matrix}x=3\\x=-1\end{matrix}\right.\)

c , Ta có bảng xét dấu

*Th1 : x < 1,5

pt <=> 1,5-x+2,5-x=0 => x=2

* Th2 : \(1,5\le x\le2,5\)

pt <=> x-1,5 +2,5 - x = 0 => vô nghiệm

* Th3 : x > 2,5

pt <=> x-1,5 + x -2,5 = 0 => x = 2

Vậy x = 2 là giá trị cần tìm

d , Áp dụng tính chất dãy tỉ số bằng nhau , ta có :

\(\dfrac{x}{2}=\dfrac{y}{5}=\dfrac{x+y}{2+5}=\dfrac{-21}{7}=-3\)

=> x = -3.2=-6

=> y = -3.5=-15

e, \(2^x+2^{x+3}=2^x\left(1+2^3\right)=2^x.9=144\)

=> \(2^x=16=>x=4\)

Gọi số cần tìm là : \(\overline{abc5}\) ( đk : a\(\ge\)5 và a,b,c \(\in N\) )

Theo bài ra : \(\overline{abc5}\) - \(\overline{5abc}=531\)

<=> 1000a + 100b + 10c + 5 - 5000 - 100a - 10b - c = 531

<=> 900a + 90b + 9c = 5526

<=> 100a + 10b + c = 614 = 100.6 + 10.1 + 4

=> \(\left\{{}\begin{matrix}a=6\\b=1\\c=4\end{matrix}\right.\) => số cần tìm là 6145

Gọi CTTQ : N_xO_y

Theo bài ra ta có :

x : y = \(\dfrac{14}{7}:\dfrac{16}{4}=2:4=1:2\)

=> CTTQ là NO₂

a , - Trích các mẫu thử

- nhúng quỳ tím vào các mẫu thử

+ Mẫu thử làm quỳ tím hóa đỏ : H₂SO₄ , HCl (nhóm 1)

+ Mẫu thử làm quỳ tím hóa xanh : NaOH , Ba(OH)₂ (nhóm 2 )

+ Mẫu thử không hiện tượng là NaCl , BaCl₂ (nhóm 3 )

- cho các dung dịch ở nhóm 1 lần lượt vào các dung dịch ở nhóm 2

+ mẫu thử tạo kết tủa trắng ở nhóm 1 là H₂SO₄ => mẫu thử còn lại là HCl

+ Mẫu thử tạo kết tủa trắng ở nhóm 2 là Ba(OH)₂ => mẫu thử ban đầu là NaOH

PTHH : Ba(OH)₂ + H₂SO₄ -> BaSO₄ + 2H₂O

- Dùng dung dịch H₂SO₄ vừa nhận viết được ở trên nhỏ vào các dung dịch ở nhóm 3

+ Mẫu thử tạo kết tủa trắng là BaCl₂ => Mẫu thử còn lại là NaCl

PTHH : H₂SO₄ + BaCl₂ -> BaSO₄ + 2HCl

\(\dfrac{6}{\sqrt{7}+2}+\sqrt{\dfrac{2}{8+3\sqrt{7}}}=\dfrac{6\left(\sqrt{7}-2\right)}{3}+\sqrt{\dfrac{2\left(8-3\sqrt{7}\right)}{1}}\)

= \(2\left(\sqrt{7}-2\right)+\sqrt{2\left(8-3\sqrt{7}\right)}\) = \(2\sqrt{7}-4+\sqrt{16-6\sqrt{7}}=2\sqrt{7}-4+3-\sqrt{7}\) = \(\sqrt{7}-1\)

Gọi CTTQ của hiđrocacbon A là C_xH_y ( ĐK : x,y \(\in\) N^* )

Theo bài ra : n_A = \(\dfrac{4}{22,4}=\dfrac{5}{28}\left(mol\right)\) => m_A = \(\dfrac{5}{28}\left(12x+y\right)\)

n_O2 = \(\dfrac{2}{22,4}=\dfrac{5}{56}\left(mol\right)\Rightarrow m_{O2}=\dfrac{20}{7}\left(g\right)\)

=> \(\dfrac{5}{28}\left(12x+y\right)\) = \(\dfrac{20}{7}\)=> \(12x+y=16\) => 0 <y < 2 mà y \(\in\) N^*

=> y = 1 => x = 4

Khi đó CTPT của A là CH₄

Hòa tan 1,4 g hỗn hợp gồm 2 kim loại A, B vào dung dịch HCl dư đến khi phản ứng hoàn toàn thu được 1,008 l khí ( đktc) . Biết A là kim loại thuộc nhóm IIA của bảng tuần hoàn các nguyên tố hóa học . Mặt khác khi cho hỗn hợp trên tan hoàn toàn trong HNO₃ đặc nóng thì thu được 2,24l khí NO₂ ( sản phẩm khử duy nhất ) . Xác định mỗi kim loại A,B