n_{H2= 0,8: 2 = 0,4 ( mol)}

ta có phương trình hóa học

R + 2 HCl -> RCl₂ + H_{2\(\uparrow\)}

0,4 <- 0,8 <- 0,4 <- 0,4(mol)

->M_RCl2 = 38 : 0,4= 95

-> M_R+2M_Cl=95

->M_R=95-2.35,5=24(g)

-> R là Magie (Mg)

Vì lx-2/3l \(\ge\)0

=>1/2 - lx-2/3l \(\le\)1/2

=>x+ 1/2 - lx-2/3l \(\le\)x+1/2

=> A\(\le\)x+1/2

=> Max A = x+1/2 khi lx-2/3l=0 hay x=2/3

=>Max A= 2/3+1/2= 7/6 khi x=2/3

tam giác ABC có góc B= góc C

-> tam giác ABC cân tại A -> AB=AC

có CE là phân giác góc C

-> \(\widehat{ACE}=\widehat{BCE}=^{\dfrac{1}{2}}\widehat{ACB}\)(1)

có BD là phân giác góc B

->\(\widehat{ABD}=\widehat{DBC}=\dfrac{1}{2}\widehat{ABC}\)(2)

mà \(\widehat{ACB}=\widehat{ABC}\)(3)

từ 1,2 và 3 -> \(\widehat{ABD}=\widehat{ACE}\)

xét \(\Delta ABDvà\Delta ACE \) có

\(\left\{{}\begin{matrix}\widehat{EAD}chung\\AB=AC\\\widehat{ABD}=\widehat{ACE}\end{matrix}\right.\)

-> \(\Delta ABD\sim\Delta ACE\)(g.c.g)

-> BD = CE ( 2 cạnh tương ứng)

Ta có: 123456789=3^2 .13717421

987654321=3^2.17^2.379721

=> ƯCLN(123456789;987654321)=3^2=9

a)độ cao cực đại của vật

ymax=\(\dfrac{Vo^2}{2.g}+15=\dfrac{20^2}{2.10}+15=35\left(m\right)\)

thời gian vật lên đến độ cao cực đại

t1=\(\dfrac{Vo}{g}=\dfrac{20}{10}=2\left(s\right)\)

b) ta có phương trình quãng đường của vật

S= \(\dfrac{1}{2}gt^2\)

quãng đường đi được sau 1s,2s,3s lần lượt là

S1=\(\dfrac{1}{2}.10.1^2\)=5(m)

S2=\(\dfrac{1}{2}.10.2^2\)=20(m)

S3=\(\dfrac{1}{2}.10.3^2\)=45(m)

c)

có S=\(\dfrac{1}{2}gt^2\)-> t=\(\sqrt{\dfrac{2S}{g}}\)

vậy thời gian chạm đất

T=\(\sqrt{\dfrac{2.55}{10}}\)=\(\sqrt{11}\)(s)

vận tốc chạm đất

Vcđ=g.T=10\(\sqrt{11}\)(m/s)

y.2+y.8+y.5=15

y.15=15

y=15:15

y=1

a.330                                        b.117