A-F-A-F-A-F nhưng mà hình như nhầm môn rồi 

4 lần \(PTK_{He}\) là 16 bằng với \(NTK_O\) rồi 

a) \(n_{O_2}=\dfrac{12.10^{23}}{6.10^{23}}=2\left(mol\right)\)

b) \(n_{H_2O}=\dfrac{4,5.10^{23}}{6.10^{23}}=0,75\left(mol\right)\)

a) - Trích mẫu thử cho tác dụng với quỳ tím:

+ Quỳ tím hóa xanh là KOH, \(Ba\left(OH\right)_2\)

+ Quỳ tím hóa đỏ là HCl

+ Không đổi màu là \(BaCl_2\)

- Cho dd \(H_2SO_4\) vào 2 mẫu thử còn lại

+ Có kết tủa trắng xuất hiện là \(Ba\left(OH\right)_2\)

+ Không có hiện tượng là KOH

\(Ba\left(OH\right)_2+H_2SO_4\xrightarrow[]{}BaSO_4+2H_2O\)

b) Có kết tủa trắng xuất hiện

\(BaCl_2+Na_2SO_4\xrightarrow[]{}BaSO_4\downarrow+2NaCl\)

Số ngtử là \(9.10^{22}\) ngtử chứ 

Câu d không chắc lắm nên bạn tính lại thử 

a)\(2Al+6HCl\xrightarrow[]{}2AlCl_3+3H_2\\ Fe+2HCl\xrightarrow[]{}FeCl_2+H_2\)

Gọi x,y là số mol Al và Fe

\(n_{H_2}=1,5n_{Al}+n_{Fe}=1,5x+y=\dfrac{8,96}{22,4}=0,4\left(mol\right)\) (1)

Ta có: \(m_{Al+Fe}=27x+56y=14,2-3,2=11\left(g\right)\) (2)

Từ (1) và (2) giải hệ ⇒ \(x=0,2\\ y=0,1\)

\(\%^m_{Al}=\dfrac{0,2.27}{14,2}.100=38,03\%\)

\(\%^m_{Fe}=\dfrac{0,1.56}{14,2}.100=39,44\%\)

\(\%^m_{Cu}=100-38,03-39,44=22,53\%\)

b) 14,2g hh X có 5,4g Al, 5,6g Fe và 3,2g Cu

⇒ 7,1g hh X có 2,7g Al, 2,8g Fe và 1,6g Cu

\(2Al+6H_2SO_{4_{ }đặc}\xrightarrow[]{t^o}Al_2\left(SO_4\right)_3+3SO_2+6H_2O\\ 2Fe+6H_2SO_{4_{ }đặc}\xrightarrow[]{t^o}Fe_2\left(SO_4\right)_3+3SO_2+6H_2O\\ Cu+2H_2SO_{4_{ }đặc}\xrightarrow[]{t^o}CuSO_4+SO_2+2H_2O\)

\(n_{SO_2}=1,5n_{Al}+1,5n_{Fe}+n_{Cu}=1,5.\dfrac{2,7}{27}+1,5.\dfrac{2,8}{56}+\dfrac{1,6}{64}=0,25\left(mol\right)\)

\(V_{SO_2\left(đktc\right)}=0,25.22.4=5,6\left(l\right)\)

c) \(Cu+4HNO_{3_{ }đặc}\xrightarrow[]{}Cu\left(NO_3\right)_2+2NO_2+2H_2O\)

\(n_{NO_2}=2n_{Cu}=2.0,025=0,05\left(mol\right)\)

\(V_{NO_2\left(đktc\right)}=0,05.22,4=1,12\left(l\right)\)

d)dd A gồm \(FeCl_2\), \(AlCl_3\) và HCl dư

\(AgNO_3+HCl\xrightarrow[]{}AgCl+HNO_3\) (*)

\(AlCl_3+3AgNO_3\xrightarrow[]{}Al\left(NO_3\right)_3+3AgCl\) (**)

\(FeCl_2+2AgNO_3\xrightarrow[]{}Fe\left(NO_3\right)_2+2AgCl\) (***)

\(Fe\left(NO_3\right)_2+AgNO_3\xrightarrow[]{}Fe\left(NO_3\right)_3+Ag\)

\(m_{FeCl_2}+m_{AlCl_3}=0,1.127+0,2.133,5=39,4\left(g\right)\)

Theo ĐLBTKL: \(m_{Al+Fe}+m_{HCl}=m_{FeCl_2+AlCl_3}+m_{H_2}\)

⇒ \(m_{HCl}=29,2\left(g\right)\)

\(m_{HCl_{ }dư}=\dfrac{29,2.100}{90}-29,2=3,2\left(g\right)\)

\(n_{AgCl\left(\cdot\right)}=n_{HCl}=\dfrac{3,2}{36,5}=0,09\left(mol\right)\)

\(n_{AgCl\left(\cdot\cdot\right)}=3n_{AlCl_3}=3.0,2=0,6\left(mol\right)\)

\(n_{AgCl\left(\cdot\cdot\cdot\right)}=2n_{FeCl_2}=2n_{Fe\left(NO_3\right)_2}=2.0,1=0,2\left(mol\right)\)

\(n_{Ag}=n_{Fe\left(NO_3\right)_2}=0,2\left(mol\right)\)

\(m\downarrow=\left(0,9+0,6+0,2\right).143,5+0,2.108=265,55\left(g\right)\)

a) \(Na_2CO_3+2HCl\xrightarrow[]{}2NaCl+H_2O+CO_2\)

b) \(n_{Na_2CO_3}=\dfrac{200.21,2\%}{106}=0,4\left(mol\right)\)

\(n_{CO_2}=n_{Na_2CO_3}=0,4\left(mol\right)\)

\(V_{CO_2\left(đktc\right)}=0,4.22,4=8,96\left(l\right)\)

c)\(n_{HCl}=2n_{Na_2CO_3}=2.0,4=0,8\left(mol\right)\)

\(m_{ddHCl}=\dfrac{0,8.36,5.100}{15}=194,67\left(g\right)\)

d)Theo BTKL: \(m_{ddNa_2CO_3}+m_{ddHCl}=m_{ddNaCl}+m_{CO_2}\)

hay \(200+194,67=m_{ddNaCl}+0,4.44\)

⇒ \(m_{ddNaCl}=200+194,67-0,4.44=377,07\left(g\right)\)

\(n_{NaCl}=2n_{Na_2CO_3}=2.0,4=0,8\left(mol\right)\)

\(C\%_{NaCl}=\dfrac{0,8.58,5}{377,07}.100=12,41\%\)

Cho X vào nước thì phần không tan là \(BaSO_4\)

⇒ \(m_{BaSO_4}=23,3\left(g\right)\)

\(Fe+CuSO_4\xrightarrow[]{}FeSO_4+Cu\)

Gọi x là số mol Fe tham gia phản ứng

\(n_{Cu}=n_{Fe}=x\left(mol\right)\)

\(m_{tăng}=m_{Cu}-m_{Fe}=64x-56x=0,2\left(g\right)\)

⇒ x = 0,025 (mol)

\(n_{CuSO_4}=n_{Fe}=0,025\left(mol\right)\)

\(m_{CuSO_4}=0,025.160=4\left(g\right)\)

\(m_{MgSO_4}=33,3-23,3-4=6\left(g\right)\)