Có lẽ đề cho M_A < 40 bạn nhỉ?

a, Vì đốt cháy A thu được CO₂ và H₂O nên A có C và H, có thể có O.

Ta có: \(n_{CO_2}=\dfrac{8,8}{44}=0,2\left(mol\right)=n_C\)

\(n_{H_2O}=\dfrac{5,4}{18}=0,3\left(mol\right)\Rightarrow n_H=0,3.2=0,6\left(mol\right)\)

⇒ m_C + m_H = 0,2.12 + 0,6.1 = 3 (g) = m_A.

Vậy: A chỉ chứa C và H.

Giả sử CTPT của A là C_xH_y.

⇒ x : y = 0,2 : 0 ,6 = 1 : 3

⇒CTĐGN của A là (CH₃)_n.

Mà: M_A < 40

Với n = 1 (loại do không đảm bảo về hóa trị)

Với n = 2 ⇒ M_A = 30 (nhận)

Với n = 3 ⇒ M_A = 45 (loại)

Vậy: A là C₂H₆.

c, _ Vì A là ankan nên không làm mất màu dd Br₂.

_ Khi cho A pư với Cl₂

PT: \(C_2H_6+Cl_2\underrightarrow{askt}C_2H_5Cl+HCl\)

Bạn tham khảo nhé!

a) Vì khi đốt cháy A thu được \(CO_2;H_2O\) nên A chứa H,C và cũng có thể chứa O

\(n_C=n_{CO_2}=\dfrac{8.8}{44}=0.2mol\)

\(\Leftrightarrow m_C=2.4g\)

\(n_H=2\cdot n_{H_2O}=2\cdot\dfrac{5.4}{18}=0.6mol\)

\(\Leftrightarrow m_H=0.6g\)

\(\Leftrightarrow m_C+m_H=2.4+0.6=3=m_A\)

Suy ra: A chỉ chứa C và H

a) \(n_{CO_2}=\dfrac{6,6}{44}=0,15\left(mol\right)\Rightarrow n_C=0,15\left(mol\right)\)

\(n_{H_2O}=\dfrac{3,6}{18}=0,2\left(mol\right)\Rightarrow n_H=0,4\left(mol\right)\)

=> \(n_O=\dfrac{3-0,15.12-0,4.1}{16}=0,05\left(mol\right)\)

Xét n_C : n_H : n_O = 0,15 : 0,4 : 0,05 = 3 : 8 : 1

=> CTPT: (C₃H₈O)_n

Mà M_A = 60 g/mol

=> n= 1

=> CTPT: C₃H₈O

b) 

(1) \(CH_3-CH_2-CH_2OH\)

(2) \(CH_3-CH\left(OH\right)-CH_3\)

c)

PTHH: \(2CH_3-CH_2-CH_2OH+2Na\rightarrow2CH_3-CH_2-CH_2ONa+H_2\)

 \(2CH_3-CH\left(OH\right)-CH_3+2Na\rightarrow2CH_3-CH\left(ONa\right)-CH_3+H_2\)

a, Ta có: \(n_{CO_2}=\dfrac{9,408}{22,4}=0,42\left(mol\right)=n_C\)

\(n_{H_2O}=\dfrac{7,56}{18}=0,42\left(mol\right)\Rightarrow n_H=0,42.2=0,84\left(mol\right)\)

Gọi CTPT của A là C_xH_y.

⇒ x:y = 0,42:0,84 = 1:2

→ CTPT của A có dạng (CH₂)_n.

Mà: \(M_A=7.4=28\left(g/mol\right)\)

\(\Rightarrow n=\dfrac{28}{12+2.1}=2\)

Vậy: A là C₂H₄.

b, - A là anken → có làm nhạt màu dd Br₂ dư.

PT: \(C_2H_4+Br_2\rightarrow C_2H_4Br_2\)

Ta có: m_C2H4 = m_C + m_H = 0,42.12 + 0,84.1 = 1,68 (g)

\(\Rightarrow n_{C_2H_4}=\dfrac{1,68}{28}=0,06\left(mol\right)\)

Theo PT: \(n_{C_2H_4Br_2}=n_{C_2H_4}=0,06\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{C_2H_4Br_2}=0,06.188=11,28\left(g\right)\)

c, - Bình 1: Ta có: \(m_{H_2SO_4}=90.96\%=86,4\left(g\right)\)

\(\Rightarrow C\%_{H_2SO_4}=\dfrac{m_{H_2SO_4}}{m_{ddH_2SO_4}+m_{H_2O}}=\dfrac{86,4}{90+7,56}.100\%\approx88,56\%\)

- Bình 2: \(CO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow CaCO_{3\downarrow}+H_2O\)

Có: \(n_{CaCO_3}=n_{CO_2}=0,42\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{\downarrow}=m_{CaCO_3}=0,42.100=42\left(g\right)\)

d, - Dẫn hh gồm C₂H₄ và SO₂ qua bình đựng Ca(OH)₂ dư.

PT: \(SO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow CaSO_{3\downarrow}+2H_2O\)

- Lọc kết tủa, đem pư với dd HCl dư, thu khí thoát ra ta được SO₂.

PT: \(CaSO_3+2HCl\rightarrow CaCl_2+SO_2+H_2O\)

a) \(n_{CO_2}=\dfrac{8,96}{22,4}=0,4\left(mol\right)\)

\(n_{H_2O}=\dfrac{7,2}{18}=0,4\left(mol\right)\)

Bảo toàn C: n_C = 0,4 (mol)

Bảo toàn H: n_H = 0,8 (mol)

Xét m_C + m_H = 0,4.12 + 0,8.1 = 5,6 (g)

=> A chứa C, H

Xét n_C : n_H = 0,4 : 0,8 = 1 : 2

=> CTPT: (CH₂)_n

Mà M_A = 0,875.32 = 28 (g/mol)

=> n = 2

=> CTPT: C₂H₄

b) CTCT: \(CH_2=CH_2\)

c) A có làm mất màu dd Br₂ do A có tác dụng với Br₂

\(CH_2=CH_2+Br_2\rightarrow CH_2Br-CH_2Br\)

m C=\(\dfrac{8,8.12}{44}\)=2,4g

m H=\(\dfrac{5,4.2}{18}\)=0,6 g

m O=3-2.4-0,6 =O

=>chỉ gồm C,H

A có dạng CxHy 

=>x:y=\(\dfrac{2,4}{12}:\dfrac{0,6}{1}\)=1:3

CTTQ: (CH3)n

=>n=2 =>M =30<40 nhận 

CTPT:C2H6

c)

Có làm mất màu brom

C2H6+Br2->C2H6Br2

d)

C2H6+Cl2-to\á->C2H5Cl+HCl

a) \(n_{CO_2}=\dfrac{8,8}{44}=0,2\left(mol\right)\)

\(n_{H_2O}=\dfrac{5,4}{18}=0,3\left(mol\right)\)

Bảo toàn C: n_C = 0,2 (mol)

Bảo toàn H: n_H = 0,6 (mol)

Xét m_C + m_H = 0,2.12 + 0,6.1 = 3 (g)

=> A có C, H

b)

Xét n_C : n_H = 0,2 : 0,6 = 1 : 3

=> CTPT: (CH₃)_n (n nguyên dương)

Mà M_A < 40 g/mol

=> n = 1 hoặc n = 2

Xét độ bất bão hòa \(k=\dfrac{2n+2-3n}{2}=\dfrac{2-n}{2}\)

Mà k là số nguyên \(\ge0\)

=> n = 2 thỏa mãn => k = 0

CTPT: C₂H₆

c) A không làm mất màu dd Br₂

d) \(C_2H_6+Cl_2\underrightarrow{askt}C_2H_5Cl+HCl\)

\(a,n_C=n_{CO_2}=\dfrac{3,36}{22,4}=0,15\left(mol\right)\\ n_H=2n_{H_2O}=2.\dfrac{3,15}{18}=0,35\left(mol\right)\\ n_N=2n_{N_2}=2.\dfrac{0,56}{22,4}=0,05\left(mol\right)\\ n_O=\dfrac{4,45-0,15.12-0,35-0,05.14}{16}=0,1\left(mol\right)\)

=> X gồm C, H, O và N

\(b,CTPT:C_xH_yO_zN_t\left(x,y,z,t\in N\text{*}\right)\\ \rightarrow x:y:z:t=0,15:0,35:0,01:0,05=3:7:2:1\)

\(\rightarrow CTĐGN:\left(C_3H_7O_2N\right)\\ \rightarrow86n< 100\\ \rightarrow n=1\\ CTHH:C_3H_7O_2N\)

a,Giả sử hợp chất X bao gồm 2 nguyên tố là C và H

Ta có:n_{CO\(_2\)}=\(\dfrac{6,72}{22,4}\)=0,3(mol)

\(\Rightarrow\)n_C=n_{CO\(_2\)}=0,3(mol)

Ta lại có :n_{H\(_2\)O}=\(\dfrac{5,4}{18}\)=0,3(mol)

\(\Rightarrow\)n_H=2n_{H\(_2\)O}=0,6(mol)

Vì hợp chất X gồm hai nguyên tố C và H nên khối lượng của hai nguyên tố đó cũng chính là khối lượng của hợp chất X

\(\Rightarrow\)m_X=m_C+m_H=12.0,3+2.0,6=4,8(g)<6,3(g)=m_{X(ban đầu)}

\(\Rightarrow\)Hỗn hợp X gồm 3 nguyên tố C,H và O

b,Gọi CTHH của hợp chất X là C_xH_yO_z

Bạn ơi đề lỗi r hợp chất X có khối lượng 6,4(g) ms đúng

Ta có:m_O=6,4-4,8=1,6(g)\(\Leftrightarrow\)n_O=\(\dfrac{1,6}{16}\)=0,1

Ta lại có:n_C:n_H:n_O=x:y:z=0,3:0,6:0,1=3:6:1

\(\Rightarrow\)CTHH của hợp chất X là C₃H₆O

Gọi CTPT của hợp chất X là(C₃H₆O)_a

Bạn ơi lại sai đề r tỉ khối của X với oxi là 1,8125

Ta có:d_{X/O\(_2\)}=\(\dfrac{M_X}{32}\)=1,8125

\(\Leftrightarrow\)M_X=32.1,8125=58

\(\Leftrightarrow\)(12.3+1.6+16)a=58

\(\Leftrightarrow\)a=1

⇒CTPT của hợp chất X là C₃H₆O

c,

Đáp án : C

X gồm a mol C₃H₆ ; b mol C₄H₁₀ ; c mol C₂H₂ ; d mol H₂

,n_H2O = 3a + 5b + c + d = 0,675 mol

,n_CO2  = 3a + 4b + 2c

,n_Br2 = n_C3H6 + 2n_C2H2 – n_H2 = a + 2c – d = 0,15 (*)

Trong 0,5 mol X giả sử có lượng chất gấp t lần trong m(g)

=> 0,5 = t.(a + b + c + d)

,n_Br2(2) = t.(a + 2c) = 0,4

=> a – 4b + 6c – 4d = 0  (**)

Lấy 4(*) – (**) => 3a + 4b + 2c = 0,6 mol = n_CO2

=>V = 13,44 lit

a) \(n_{CO_2}=\dfrac{8,8}{44}=0,2\left(mol\right)\)

=> n_C = 0,2 (mol)

\(n_{H_2O}=\dfrac{7,2}{18}=0,4\left(mol\right)\)

=> n_H = 0,8 (mol)

Xét m_C + m_H = 0,2.12 + 0,8.1 = 3,2 (g)

=> A chứa C, H

b) Xét n_C : n_H = 0,2 : 0,8 = 1 : 4

=> CTPT: (CH₄)_n

Mà PTK_A < 30 g/mol

=> n = 1 thỏa mãn

=> CTPT: CH₄

CTCT: 

PTHH: CH₄ + 2O₂ --t^o--> CO₂ + 2H₂O

c) A không làm mất màu dd Br₂ do trong phân tử chỉ chứa liên kết đơn

bạn ơi sao xét m+m thì bt có chứa j vậy