Câu 6:

a+b) Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{khí}=\dfrac{4,48}{22,4}=0,2\left(mol\right)\\\overline{M}_{khí}=11,5\cdot2=23\end{matrix}\right.\)

Theo sơ đồ đường chéo: \(n_{H_2}=n_{CO_2}=\dfrac{0,2}{2}=0,1\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow\%V_{H_2}=\%V_{CO_2}=50\%\)

PTHH: \(M+2HCl\rightarrow MCl_2+H_2\uparrow\)

              0,1____0,2_____0,1___0,1    (mol)

            \(MCO_3+2HCl\rightarrow MCl_2+CO_2\uparrow+H_2O\)

                     0,1____0,2_____0,1____0,1_____0,1    (mol)

Ta có: \(0,1M+0,1\left(M+60\right)=10,8\) \(\Leftrightarrow M=24\)

  Vậy kim loại cần tìm là Magie

c) Theo các PTHH: \(n_{HCl\left(p/ứ\right)}=0,4\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow\Sigma n_{HCl}=0,4\cdot105\%=0,42\left(mol\right)\) \(\Rightarrow V_{ddHCl}=\dfrac{0,42}{2}=0,21\left(l\right)=210\left(ml\right)\)

Câu 5: a) \(M_Y=11,5.2=23\)

CaCO3 + 2HNO3 → Ca(NO3)2 + CO2 + H2O

Hỗn hợp Y gồm CO2 và 1 khí khác

Vì trong Y M _CO2 > M_Y 

=> M khí còn lại phải < M _Y

=> Khí còn lại là H2 ( Do các sản phẩm khử của HNO3 đều có M > M_Y)

Ca + 2HNO3 -------> Ca(NO3)2 + H2

Gọi x, y lần lượt là số mol của CaCO3, Ca

=> n _CO2 = x ; n_H2 = y

Theo đề bài ta có hệ phương trình sau :

\(\left\{{}\begin{matrix}x+y=0,1\\44x+2y=23.0,1\end{matrix}\right.\)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}x=0,05\\y=0,05\end{matrix}\right.\)

=> \(m_{CaCO_3}=0,05.100=5\left(g\right)\)

\(m_{Ca}=0,05.40=2\left(g\right)\)

=> \(\%m_{CaCO_3}=\dfrac{5}{5+2}.100=71,43\%\)

=> \(\%m_{Ca}=100-71,43=28,57\%\)

b) Dung dịch Y gồm Ca(NO3)2

\(\Sigma n_{Ca\left(NO_3\right)_2}=0,05+0,05=0,1\left(mol\right)\)

\(m_{ddHNO_3}=\dfrac{\left(0,05.2+0,05.2\right).63}{6,3\%}=200\left(g\right)\)

\(m_{ddsaupu}=7+200-2,3=204,7\left(g\right)\)

=> \(C\%_{Ca\left(NO_3\right)_2}=\dfrac{0,1.164}{204,7}.100=8,01\%\)

Câu 5 sản phẩm khử của HNO₃ là gì vậy bạn ??

1.GS có 100g dd $HCl$

=>m$HCl$=100.20%=20g

=>n$HCl$=20/36,5=40/73 mol

=>n$H2$=20/73 mol

Gọi n$Fe$(X)=a mol n$Mg$(X)=b mol

=>n$HCl$=2a+2b=40/73
mdd sau pứ=56a+24b+100-40/73=56a+24b+99,452gam

m$MgCl2$=95b gam

C% dd $MgCl2$=11,79%=>95b=11,79%(56a+24b+99,452)

=>92,17b-6,6024a=11,725

=>a=0,13695 mol và b=0,137 mol

=>C%dd $FeCl2$=127.0,13695/mdd.100%=15,753%

2.Bảo toàn klg=>mhh khí bđ=m$C2H2$+m$H2$

=0,045.26+0,1.2=1,37 gam

mC=mA-mbình tăng=1,37-0,41=0,96 gam

HH khí C gồm $H2$ dư và $C2H6$ không bị hấp thụ bởi dd $Br2$ gọi số mol lần lượt là a và b mol

Mhh khí=8.2=16 g/mol

mhh khí=0,96=2a+30b

nhh khí=0,06=a+b

=>a=b=0,03 mol

Vậy n$H2$=n$C2H6$=0,03 mol

hòa tan hoàn toàn khối lượng Fe và Cu(tỉ lệ 1:1) bằng axit HNO3 thu được V lít hỗn hợp khí X gồm NO và NO2 và dung dịch Y (chỉ chứa 2 muốivà axit ) tỉ khối của X đối với H2 bằng 19. tính V

các bạn giải theo cách bảo toàn electron nha

a) Ta có: nH₂ = 1,008/22.4 = 0,045 \(\rightarrow\) nHCl = 0,045 x 2= 0,09mol
mA = mmuối - mCl = 4,575 - 0,09 x 35,5 = 1,38g
Đặt x, y lần lượt là số mol của Fe, M và n là hóa trị của M trong hợp chất. Từ 2 phương trình ta có:
56x + My = 1,38 (1)
2x + ny = 0,09 (2)
b) Ở câu b này mình cho rằng đó là H₂SO₄ đặc chứ ko phải loãng vì nếu loãng thì ta ko thu được hh khí có tỉ khối hơi như vậy.
Các phương trình phản ứng:
Fe + 6HNO₃ \(\rightarrow\) Fe(NO₃)₃ +3NO₂ + 3H₂O
M + 2nHNO₃\(\rightarrow\) M(NO₃)_n + nNO₂ + nH₂0
2Fe + 6H₂SO₄ \(\rightarrow\) Fe₂(SO₄)₃ + 3SO₂ + 6H₂O
2M + 2nH₂SO₄ \(\rightarrow\) M₂(SO₄)n + nSO₂ + 2nH₂O
Ta có: dkhí/ H₂ =25,25 \(\rightarrow\) M_khí = 50,5

Số mol 2 khí=1,8816:22,4=0,084mol
lập hệ giải ra: nNO₂ = 0,063, nSO₂ = 0,021
Ta có các phương trình e như sau:
Fe \(\rightarrow\) Fe³⁺ + 3e
x---------------3x
M \(\rightarrow\) Mⁿ⁺ + ne
y--------------ny
N⁵⁺ + 1e \(\rightarrow\) N⁴⁺
0,063 \(\leftarrow\) 0,063
S⁶⁺ + 2e\(\rightarrow\) S⁴⁺
0,042 \(\leftarrow\) 0,021
Tổng e nhận = tổng e nhường nên :
3x + ny = 0,063 + 0,042 = 0,105
kết hợp với (2) suy ra được x = 0,015
ny = 0,06 \(\rightarrow\) y = 0,06/n
Thay vào (1) \(\rightarrow\) M = 9n
Biện luận thì tìm được M là Al.

Đáp án A

\(a) Zn + H_2SO_4 \to ZnSO_4 + H_2\\ ZnO + H_2SO_4 \to ZnSO_4 + H_2O\\ n_{Zn} = n_{H_2} = \dfrac{4,48}{22,4} = 0,2(mol)\\ \%m_{Zn} = \dfrac{0,2.65}{17,05}.100\% = 76,25\%\\ \%m_{ZnO} = 100\% -76,25\% = 23,75\%\\ b) n_{Ba(NO_3)_2}= 0,2.1,5 = 0,3(mol)\ ; n_{ZnO} = \dfrac{17,05-0,2.65}{81} = 0,05(mol)\\ n_{ZnSO_4} = n_{Zn} + n_{ZnO} = 0,25(mol)\\ ZnSO_4 + Ba(NO_3)_2 \to BaSO_4 + Zn(NO_3)_2\\ n_{ZnSO_4} < n_{Ba(NO_3)_2} \to Ba(NO_3)_2\ dư\\ \)

\(n_{BaSO_4} = n_{ZnSO_4} = 0,25(mol)\\ m_{BaSO_4} = 0,25.233 = 58,25(gam)\)

Câu 1:

Gọi : nMg=a(mol); nMgO=b(mol) (a,b>0)

a) PTHH: Mg + 2 HCl -> MgCl2 + H2

a________2a_______a______a(mol)

MgO +2 HCl -> MgCl2 + H2O

b_____2b_______b___b(mol)

Ta có hpt:

\(\left\{{}\begin{matrix}24a+40b=8,8\\22,4a=4,48\end{matrix}\right.\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}a=0,2\\b=0,1\end{matrix}\right.\)

=> mMg=0,2.24=4,8(g)

=>%mMg= (4,8/8,8).100=54,545%

=> %mMgO= 45,455%

b) m(muối)=mMg2+ + mCl- = 0,3. 24 + 0,6.35,5=28,5(g)

c) V=VddHCl=(2a+2b)/2=0,3(l)=300(ml)

Câu 2:

Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{H_2}=\dfrac{4,48}{22,4}=0,2\left(mol\right)\\n_{HCl}=0,4\cdot2=0,8\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

PTHH: \(Ca+2HCl\rightarrow CaCl_2+H_2\uparrow\)

               0,2____0,4_____0,2____0,2   (mol)

           \(CaO+2HCl\rightarrow CaCl_2+H_2O\)

                0,2____0,4______0,2____0,2  (mol)

Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}\%m_{Ca}=\dfrac{0,2\cdot40}{0,2\cdot40+0,2\cdot56}\cdot100\%\approx41,67\%\\\%m_{CaO}=58,33\%\\m_{CaCl_2}=\left(0,2+0,2\right)\cdot111=44,4\left(g\right)\end{matrix}\right.\)