cho \(x,y,z\ge0\); \(x+y+z=3\). Tìm giá trị nhỏ nhất của biểu thức:
\(P=\frac{x}{y^3+16}+\frac{y}{z^3+16}+\frac{z}{x^3+16}\)
Những câu hỏi liên quan
Tìm x,y sao cho \(\sqrt{x+y-z}=\sqrt{x}+\sqrt{y}-\sqrt{z}.ĐK:x,y,z\ge0;x+y-z\ge0\)
bình phuognw 2 vé rồi thu gọn là được
Đúng 0
Bình luận (0)
Cho \(x\ge0,y\ge0,z\ge0\)thỏa mãn x+5y=21 và 2x+3z=51> Tìm giá trị ớn nhất của biểu thức P=(x+y+z)^2
Mình cần giải gấp
đề nga sơn kaka , anh vừa làm xong , 3x+5y+3z=51+21
3.(x+y+z)=72-2y
x+y+z=72-2y/3
x+y+z bé hơn hoạc bằng 24
/x+y+z/^2 bé hơn hoạc bằng 24^2 , dấu bằng xảy ra khi nào ???????
Đúng 0
Bình luận (0)
Cho x,y,z\(\ge0\) và x+y+z=1. Tìm MaxP = \(\left(x+2y+3z\right)\left(3x+y+z\right)\)
\(P\le\dfrac{1}{4}\left(4x+3y+4z\right)^2\le\dfrac{1}{4}\left(4x+4y+4z\right)^2=4\)
Dấu "=" xảy ra khi \(\left(x;y;z\right)=\left(\dfrac{1}{2};0;\dfrac{1}{2}\right)\)
Đúng 2
Bình luận (0)
Cho ba số \(x,y,z\) thỏa mãn điều kiện \(z\ge y\ge x\ge0\). Chứng minh rẳng
\(x\left(x-y\right)\left(x-z\right)+y\left(y-z\right)\left(y-x\right)+z\left(z-x\right)\left(z-y\right)\ge0\)
Cho \(x,y,z\ge0.\)Chứng minh:
\(x^2+y^2+z^2\le\dfrac{1}{2}\)
thử x=1,y=2,z=3\(=>x^2+y^2+z^2=14>\dfrac{1}{2}\)(vô lí) sai đề
Đúng 0
Bình luận (1)
dấu"=" xảy ra tại x=y=z=1/3 nên thay vào biểu thức khi không đúng nê làm thế này:
\(P=x^2+y^2+z^2\ge\dfrac{\left(x+y+z\right)^2}{3}=\dfrac{1}{3}\) dấu"=" xảy ra<=>x=y=z=1/3
Đúng 0
Bình luận (0)
Thêm điều kiện \(x+y+z=1\) thì BĐT đúng phải là: \(x^2+y^2+z^2\le1\)
Đẳng thức xảy ra tại \(\left(0;0;1\right)\) và các hoán vị
Đúng 2
Bình luận (0)
how compute max {x+z} and max {1+y2}? such that x,y,z satisfied
\(\begin{cases}xy+xz+yz=1\\x\ge0\\y\ge0\\z\ge0\end{cases}\)
cho \(x,y,z\ge0\) thỏa mãn \(x+y+z=6\). tìm GTLN và GTNN của biểu thức \(A=x^2+y^2+z^2\)
Lời giải:
Tìm min:
Áp dụng BĐT AM-GM:
$x^2+y^2+z^2\geq \frac{(x+y+z)^2}{3}=\frac{6^2}{3}=12$
Vậy $A_{\min}=12$. Giá trị này đạt tại $x=y=z=2$
--------------
Tìm max:
$A=x^2+y^2+z^2=(x+y+z)^2-2(xy+yz+xz)=36-2(xy+yz+xz)$
Vì $x,y,z\geq 0\Rightarrow xy+yz+xz\geq 0$
$\Rightarrow A=36-2(xy+yz+xz)\leq 36$
Vậy $A_{\max}=36$. Giá trị này đạt tại $(x,y,z)=(0,0,6)$ và hoán vị.
Đúng 0
Bình luận (0)
Cho \(x,y,z\ge0,x+y+z=2\)
CMR: \(x^2y+y^2z+z^2x\le x^3+y^3+z^3\le1+\dfrac{1}{2}\left(x^4+y^4+z^4\right)\)
BĐT bên trái rất đơn giản, chỉ cần áp dụng:
\(x^3+x^3+y^3\ge3x^2y\) ; tương tự và cộng lại và được
Ta chứng minh BĐT bên phải:
\(\Leftrightarrow x^4+y^4+z^4+2\ge2\left(x^3+y^3+z^3\right)=\left(x+y+z\right)\left(x^3+y^3+z^3\right)\)
\(\Leftrightarrow2\ge x^3\left(y+z\right)+y^3\left(z+x\right)+z^3\left(x+y\right)\)
\(\Leftrightarrow\dfrac{1}{8}\left(x+y+z\right)^4\ge x^3\left(y+z\right)+y^3\left(z+x\right)+z^3\left(x+y\right)\)
Thật vậy, ta có:
\(\dfrac{1}{8}\left(x+y+z\right)^4=\dfrac{1}{8}\left[x^2+y^2+z^2+2\left(xy+yz+zx\right)\right]^2\)
\(\ge\dfrac{1}{8}.4\left(x^2+y^2+z^2\right).2\left(xy+yz+zx\right)=\left(x^2+y^2+z^2\right)\left(xy+yz+zx\right)\)
\(=x^3\left(y+z\right)+y^3\left(z+x\right)+z^3\left(x+y\right)+xyz\left(x+y+z\right)\)
\(\ge x^3\left(y+z\right)+y^3\left(z+x\right)+z^3\left(x+y\right)\) (đpcm)
Dấu "=" xảy ra khi \(\left(x;y;z\right)=\left(0;1;1\right)\) và hoán vị
Đúng 1
Bình luận (0)
cho x,y,z >0. cm: \(\dfrac{x^2-z^2}{y+z}+\dfrac{z^2-y^2}{x+y}+\dfrac{y^2-z^2}{x+z}\ge0\)
cho các số thực dương x,y,z. Chứng minh rằng \(\frac{x^2y\left(y-z\right)}{x+y}+\frac{y^2z\left(z-x\right)}{y+z}+\frac{z^2x\left(x-y\right)}{z+x}\ge0\)