Cho \(a^5+b^5-29c^5=149d^5+269c^5\) (a,b,c,d thuộc Z)
Chứng minh: \(\left(a+b+c+d+e\right)⋮30\)
Những câu hỏi liên quan
Cho a5+b5-29c5=149d5+269e5 (a,b,c,d,e \(\in\) Z)
Chứng minh: (a+b+c+d+e) \(⋮\) 30.
cho a,b,c,d,e nguyên tm a^5+b^5-29c^5=149d^5+269e^5 crm a+b+c+d chia hết 30
bạn c/m: a5+b5+c5+d5 chia hết cho 30 lấy: \(a^5+b^5+c^5+d^5-a-b-c-d=a\left(a-1\right)\left(a+1\right)\left(a^2+1\right)+....+d\left(d-1\right)\left(d+1\right)\left(d^2+1\right)⋮30\Rightarrow dpcm\)
Đúng 0
Bình luận (0)
Cho 5 số nguyên a, b, c, d, e. Gọi x, y, z, t, q là hoán vị của 5 số đã cho. CMR : \(\left(a-x\right)\left(b-y\right)\left(c-t\right)\left(d-z\right)\left(e-q\right)⋮2\)
Đặt: \(PDZ=\left(a-x\right)\left(b-y\right)\left(c-t\right)\left(d-z\right)\left(e-q\right)\)
Giải: Ta có: \(a;b;c;d;e\) và \(x;y;z;t;q\) là hoán vị của chúng.
Nếu \(a;b;c;d;e\) đồng thời là số chẵn hoặc số lẻ thì hiển nhiên \(PDZ⋮2\)
Nếu \(a;b;c;d;e\) tồn tại ở 4 số lẻ 1 số chẵn hoặc 4 số chẵn 1 số lẻ
\(\Rightarrow x;y;z;t;q\) cũng tồn tại tương ứng
Khi đó: \(PDZ=\left(l_1-c_1\right)\left(l_2-c_2\right)\left(l_3-l_4\right)\left(l_5-l_6\right)\left(l_7-l_8\right)=\left(c_1-l_1\right)\left(c_2-l_2\right)\left(c_3-c_4\right)\left(c_5-c_6\right)\left(c_7-c_8\right)\) và hoán vị
Vì \(l-l=c;c-c=c\) nên \(PDZ⋮2\)
chứng minh tương tự với trường hợp 3 lẻ 2 chẵn và 3 chẵn 2 lẻ ta có đpcm
Đúng 0
Bình luận (0)
2 tháng 2 2021 lúc 10:16
Cho \(x+y+z=0\)
Chứng minh rằng: \(a^5\left(b^2+c^2\right)+b^5\left(a^2+c^3\right)+c^5\left(a^2+b^2\right)=\dfrac{1}{2}\left(a^3+b^3+c^3\right)\left(a^4+b^4+c^4\right)\)
Đề hay thật sự, cho x,y,z nhưng chứng minh a,b,c :v
Đúng 0
Bình luận (3)
Cho a,b,c thuộc Z,biết
a5+b5=2014.(c5+d5)
Chứng minh a+b+c+d chia hết cho 5
Cho \(b^2=ac;c^2=bd;b,c,d\ne0;b+c\ne d;b^5+c^5\ne d^5\)
Chứng minh: \(\frac{a^5+b^5-c^5}{b^5+c^5-d^5}=\left\{\frac{a+b-c}{b+c-d}\right\}^5\)
Cho a, b, c, d thuộc Z thỏa mãn: a5 + b5 = 2014 (c5 + d5 )
Chứng minh rằng a + b + c + d chia hết cho 5.
Chứng minh rằng với mọi số nguyên a,b, c thì \(\left(a-b\right)^5+\left(b-c\right)^5+\left(c-a\right)^5\) chia hết cho 30
Ta có a - b + b - c + c - a = 0 \(⋮30\)
=> (a - b) + (b - c) + (c - a) \(⋮\)30 (0)
Xét hiệu (a - b)5 + (b - c)5 + (c - a)5 - [(a - b) + (b - c) + (c - a)]
= [(a - b)5 - (a - b)] + [(b - c)5 - (b - c)] + [(c - a)5 - (c - a)]
Nhận thấy : (a - b)5 - (a - b) = (a - b)[(a - b)4 - 1]
= (a - b)[(a - b)2 - 1][(a - b)2 + 1]
= (a - b)[(a - b)2 - 1][(a - b)2 - 4 + 5]
= (a - b)[(a - b)2 - 1][(a - b)2 - 4] + 5(a - b)[(a - b)2 - 1]
= (a - b - 2)(a - b - 1)(a - b)(a - b + 1)(a - b + 2) + 5(a - b - 1)(a - b)(a - b + 1)
Nhận thấy (a - b - 2)(a - b - 1)(a - b)(a - b + 1)(a - b + 2) + 5(a - b - 1) \(⋮\)30 (tích 5 số nguyên liên tiếp) (1)
Lại có (a - b - 1)(a - b)(a - b + 1) \(⋮\)6
=> 5(a - b - 1)(a - b)(a - b + 1) \(⋮\)30 (2)
Từ (1) và (2) => (a - b - 2)(a - b - 1)(a - b)(a - b + 1)(a - b + 2) + 5(a - b - 1)(a - b)(a - b + 1) \(⋮\)30
=> (a - b)5 + (b - c)5 + (c - a)5 - [(a - b) + (b - c) + (c - a)] \(⋮\)30 (4)
Từ (0) ; (4) => (a - b)5 + (b - c)5 + (c - a)5 \(⋮\)30 (đpcm)
Cho đa thức \(P\left(x\right)=ax^3+bx^2+cx+d\)có các hệ số \(a,b,c,d\in Z\)
Biết rằng: \(P\left(x\right)⋮5\left(\forall x\right)\) Chứng minh rằng: \(a,b,c,d⋮5\)