\(2R+2nHCl\rightarrow2RCl_n+nH_2\)

.0,12/n...............0,12/n......0,06......

\(R_2O_n+2nHCl\rightarrow2RCl_n+nH_2O\)

.0,3/n......................................0,3....

\(n_{H_2O}=2n_{O_2}=0,3\left(mol\right)\)

Có : \(m=13,44=m_R+m_{R_2O_n}=\dfrac{0,12R}{n}+\dfrac{\left(2R+16n\right)0,3}{n}\)

\(\Rightarrow R=12n\)

=> R là Mg

\(n_{Al\left(I\right)}=\dfrac{3}{2}n_{H_2}=0,045\left(mol\right)\)

\(n_{Al\left(II\right)}=2n_{Al_2O_3}=\dfrac{2}{3}n_{H_2O}=\dfrac{2}{3}.2n_{O_2}=\dfrac{4}{3}n_{O_2}=\dfrac{1}{15}\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{Al}=m=3,015\left(g\right)\)

C r C l 3   +   4 N a O H   →   N a C r O 2   +   3 N a C l   +   2 H 2 O 0 , 02                     0 , 08                           0 , 02 2 N a C r O 2   +   3 B r 2   +   8 N a O H   →   2 N a 2 C r O 4   +   6 N a B r   +   4 H 2 O 0 , 02                                                             0 , 08                                     0 , 02

Ta có: \(n_{SO_2}=\dfrac{3,36}{22,4}=0,15\left(mol\right)\)

\(n_S=\dfrac{4,8}{32}=0,15\left(mol\right)\)

Coi hh chất rắn gồm M và O.

⇒ n_O = 0,15.2 = 0,3 (mol)

Ta có: \(n_M=\dfrac{16,2}{M_M}\left(mol\right)\)

BT e, có: n.n_M = 2n_O + 2n_SO2 + 6n_S 

\(\Rightarrow\dfrac{16,2n}{M_M}=1,8\Rightarrow M_M=9n\left(g/mol\right)\)

Với n = 3 thì M_M = 27 (g/mol) là thỏa mãn.

Vậy: M là Al.

Đáp án A

X là este có dạng: ROOC-R'(NH₂)-COOR

Số mol của olefin = 0,03 à Số mol của anol = 0,04 (nol) à Mancol = 46.

Số mol của X = 0,02 (mol) à Chất rắn Z gồm: 

à Khối lượng của muối hữu cơ = 3,82 gam à Mmuối = 191 à R' = 41 ⁻C₃H₅)

Cho Z tác dụng với HCl dư thu được chất rắn khan R gồm: 

à m_{chất rắn} = 183,5.0,02 + 58,5.0,1 = 9,52 (gam)

NaOH dư sẽ tham gia phản ứng vôi tôi xút.

Ta có phương trình:

Khí là C₂H₆  Muối là C₂H₅COONa

m_muối = 96.0,45=43,2(g)

Bảo toàn khối lượng ta có:

m_este + m_NaOH = m_muối + m_NaOHdư + m_ancol

m_muối = 96.0,45 = 43,2gam (muối là C₂H₅COONa)

n KClO3 = 4,9/122,5 = 0,04(mol)

$2KClO_3 \xrightarrow{t^o} 2KCl + 3O_2$

n O2 = 3/2 n KClO3 = 0,06(mol)

X cho vào HCl thấy thoát ra khí chứng tỏ X chứa R dư

Gọi n là hóa trị của R

n H2 = 1,344/22,4 = 0,06(mol)

$4R + nO_2 \xrightarrow{t^o} 2R_2O_n$

$2R + 2nHCl \to 2RCl_n + nH_2$

n R = 4/n n O2 + 2/n n H2 = 0,36/n(mol)

Bảo toàn khối lượng :

=> m R = m X - m O2 = 6,24 - 0,06.32 = 4,32(gam)

Suy ra : 

0,36/n  . R = 4,32

=> R = 12n 
Với n = 2 thì R = 24(Magie)

Chọn D.

Khi cho 8,28 gam A tác dụng với NaOH thì:

Khi đốt hỗn hợp rắn khan thì:

Theo đề A có CTPT trùng với CTĐG nhất của A nên CTPT của A là  C 7 H 6 O 3

Nhận thấy rằng

Phương trình phản ứng:

Cho hỗn hợp rắn qua H₂SO₄ dư thu được HCOOH (X) và C₆H₄(OH)₂ (Y). Số nguyên tử H trong Y là 6.