PT: \(Fe+S\underrightarrow{t^o}FeS\)

\(Fe+H_2SO_4\rightarrow FeSO_4+H_2\)

\(FeS+H_2SO_4\rightarrow FeSO_4+H_2S\)

\(H_2S+Pb\left(NO_3\right)_2\rightarrow2HNO_3+PbS\)

Ta có: m_{S (chưa pư)} = 1,6 (g)

Theo PT: \(n_{S\left(pư\right)}=n_{FeS}=n_{H_2S}=n_{PbS}=\dfrac{43,02}{239}=0,18\left(mol\right)\)

⇒ Σm_S = 1,6 + 0,18.32 = 7,36 (g) = b

Ta có: d_B/H2 = 10,6 

\(\Rightarrow\dfrac{2n_{H_2}+34n_{H_2S}}{n_{H_2}+n_{H_2S}}=10,6.2\Rightarrow\dfrac{2n_{H_2}+34.0,18}{n_{H_2}+0,18}=10,6.2\)

\(\Rightarrow n_{H_2}=0,12\left(mol\right)\)

Theo PT: n_{Fe (chưa pư)} = n_H2 = 0,12 (mol)

n_{Fe (pư)} = n_FeS = 0,18 (mol)

⇒ m_Fe = (0,12 + 0,18).56 = 16,8 (g) = a

Ta có: \(n_{H_2}=\dfrac{2,479}{24,79}=0,1\left(mol\right)\)

Gọi KL kiềm là A.

PT: \(2A+2H_2O\rightarrow2AOH+H_2\)

Theo PT: \(n_{AOH}=2n_{H_2}=0,2\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow C_{M_{AOH}}=\dfrac{0,2}{0,2}=1\left(M\right)\)

Hỗn hợp 2 KL gồm: Ag và Cu dư.

PT: \(Zn+2AgNO_3\rightarrow Zn\left(NO_3\right)_2+2Ag\)

\(Cu+2AgNO_3\rightarrow Cu\left(NO_3\right)_2+2Ag\)

\(Zn\left(NO_3\right)_2+2KOH\rightarrow2KNO_3+Zn\left(OH\right)_2\)

\(Cu\left(NO_3\right)_2+2KOH\rightarrow2KNO_3+Cu\left(OH\right)_2\)

\(Zn\left(OH\right)_2+2KOH\rightarrow K_2ZnO_2+2H_2O\)

\(Cu\left(OH\right)_2\underrightarrow{t^o}CuO+H_2O\)

Chất rắn thu được sau pư là CuO.

Ta có: \(n_{AgNO_3}=0,4.1=0,4\left(mol\right)\)

Theo PT: \(n_{Ag}=n_{AgNO_3}=0,4\left(mol\right)\)

Mà: m_Ag + m_{Cu dư} = 49,6 (g)

⇒ m_{Cu (dư)} = 49,6 - 0,4.108 = 6,4 (g)

Ta có: 65n_Zn + 64n_{Cu (pư)} = 19,3 - 6,4 (1)

Theo PT: \(n_{AgNO_3}=2n_{Zn}+2n_{Cu\left(pư\right)}=0,4\left(2\right)\)

Từ (1) và (2) ⇒ n_Zn = n_{Cu (pư)} = 0,1 (mol)

Theo PT: \(n_{CuO}=n_{Cu\left(OH\right)_2}=n_{Cu\left(NO_3\right)_2}=n_{Cu\left(pư\right)}=0,1\left(mol\right)\)

⇒ m = m_CuO = 0,1.80 = 8 (g)

\(n_{Cu}=\dfrac{19,2}{64}=0,3\left(mol\right)\)

\(m_{Fe_2\left(SO_4\right)_3}=800.20\%=160\left(g\right)\Rightarrow n_{Fe_2\left(SO_4\right)_3}=\dfrac{160}{400}=0,4\left(mol\right)\)

PT: \(Cu+Fe_2\left(SO_4\right)_3\rightarrow2FeSO_4+CuSO_4\)

Xét tỉ lệ: \(\dfrac{0,3}{1}< \dfrac{0,4}{1}\), ta được: Fe₂(SO₄)₃ dư.

BTKL, có: m_Cu + m_Fe2(SO4)3 = m_X

⇒ m_X = 19,2 + 160 = 179,2 (g)

Sửa đề: Fe(NO₃)₂ → Fe(NO₃)₃

\(n_{Fe}=\dfrac{11,2}{56}=0,2\left(mol\right)\)

\(n_{Fe\left(NO_3\right)_3}=0,4.0,8=0,32\left(mol\right)\)

PT: \(Fe+2Fe\left(NO_3\right)_3\rightarrow3Fe\left(NO_3\right)_2\)

Xét tỉ lệ: \(\dfrac{0,2}{1}>\dfrac{0,32}{2}\), ta được Fe dư.

Theo PT: \(n_{Fe\left(NO_3\right)_2}=\dfrac{3}{2}n_{Fe\left(NO_3\right)_3}=0,48\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{Fe\left(NO_3\right)_2}=0,48.180=86,4\left(g\right)\)

a, \(n_{H_2}=\dfrac{9,916}{24,79}=0,4\left(mol\right)\)

PT: \(2Al+6HCl\rightarrow2AlCl_3+3H_2\)

\(Mg+2HCl\rightarrow MgCl_2+H_2\)

Theo PT: \(n_{HCl}=2n_{H_2}=0,8\left(mol\right)\Rightarrow V_{HCl}=\dfrac{0,8}{0,5}=1,6\left(l\right)\)

b, Gọi: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Al}=x\left(mol\right)\\n_{Mg}=y\left(mol\right)\end{matrix}\right.\) ⇒ 27x + 24y = 3,78 (1)

 Theo PT: \(n_{H_2}=\dfrac{3}{2}n_{Al}+n_{Mg}=\dfrac{3}{2}x+y=0,4\left(mol\right)\left(2\right)\)

Từ (1) và (2) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=\\y=\end{matrix}\right.\)

Đến đây thì ra số mol âm, bạn xem lại đề nhé.

\(n_{Cu}=\dfrac{12,8}{64}=0,2\left(mol\right)\)

\(n_{FeCl_3}=\dfrac{300.32,5\%}{162,5}=0,6\left(mol\right)\)

PT: \(Cu+2FeCl_3\rightarrow2FeCl_2+CuCl_2\)

Xét tỉ lệ: \(\dfrac{0,2}{1}< \dfrac{0,6}{2}\), ta được FeCl₃ dư.

BTKL, có: m_Cu + m_FeCl3 = m_X

⇒ m_X = 12,8 + 300.32,5% = 110,3 (g)

\(n_{Cu}=\dfrac{10,24}{64}=0,16\left(mol\right)\)

\(n_{Fe\left(NO_3\right)_3}=0,4.0,5=0,2\left(mol\right)\)

PT: \(Cu+2Fe\left(NO_3\right)_3\rightarrow2Fe\left(NO_3\right)_2+Cu\left(NO_3\right)_2\)

Xét tỉ lệ: \(\dfrac{0,16}{1}>\dfrac{0,2}{2}\), ta được Cu dư.

Theo PT: \(n_{Cu\left(NO_3\right)_2}=\dfrac{1}{2}n_{Fe\left(NO_3\right)_3}=0,1\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{Cu\left(NO_3\right)_2}=0,1.188=18,8\left(g\right)\)

\(n_{Cu}=\dfrac{19,2}{64}=0,3\left(mol\right)\)

PT: \(Cu+2FeCl_3\rightarrow2FeCl_2+CuCl_2\)

Xét tỉ lệ: \(\dfrac{0,3}{1}=\dfrac{0,6}{2}\), ta được pư vừa đủ.

BTKL, có: m_Cu + m_FeCl3 = m _muối

⇒ m = 19,2 + 0,6.162,5 = 116,7 (g)

Chất rắn không tan là Cu chưa pư.

⇒ m_{Cu (dư)} = 6 (g)

Ta có: 56n_Fe + 64n_{Cu (pư)} = 30 - 6 (1)

\(n_{HNO_3}=0,52.2=1,04\left(g\right)\Rightarrow n_{NO}=\dfrac{1,04}{4}=0,26\left(mol\right)\)

BT e, có: 2n_Fe + 2n_{Cu (pư)} = 3n_NO = 0,78(2)

Từ (1) và (2) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}n_{Fe}=0,12\left(mol\right)\\n_{Cu\left(pư\right)}=0,27\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow\%m_{Cu}=\dfrac{0,27.64+6}{30}.100\%=77,6\%\)