a) 

4P + 5O₂ --t^o--> 2P₂O₅

P₂O₅ + 3H₂O --> 2H₃PO₄

b) 

Giả sử trong dd X có chứa \(\left\{{}\begin{matrix}H_3PO_4:x\left(mol\right)\\H_2O:y\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(\left\{{}\begin{matrix}n_H=3x+2y\left(mol\right)\\n_O=4x+y\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

=> \(\dfrac{4x+y}{3x+2y}=\dfrac{4}{7}\) => 28x + 7y = 12x + 8y

=> y = 16x

Có: \(C\%=\dfrac{98x}{98x+18y}.100\%=\dfrac{98x}{98x+18.16x}.100\%=25,389\%\)

Coi $n_{H_2O} = 1(mol)$

Suy ra : $n_H = 2(mol)$

$\Rightarrow n_O = 2.0,875 = 1,75(mol)$

Ta có : $n_O = 4n_{H_2SO_4} + n_{H_2O}$

$\Rightarrow n_{H_2SO_4} = 0,1875(mol)$

$m_{dd} = m_{H_2SO_4} + m_{H_2O} = 0,1875.98 + 1.18 = 36,375(gam)$

$C\%_{H_2SO_4} = \dfrac{0,1875.98}{36,375}.100\% = 50,5\%$

a) Ở t1 : độ tan của CuSO4 là 20 gam

20 gam chất tan trong ( 100 + 20 ) gam dung dịch

C%=20120⋅100%=16,66%C%=20120⋅100%=16,66%

b) 134,2 gam dung dịch CuSO4 bão hòa ở nhiệt độ t2 ( độ tan là 34,2 gam )

Khi hạ nhiệt độ xuống t1 thì có CuSO4.5H2O kết tinh.

Gọi số mol CuSO4 kết tinh là x thì :

+ Số gam CuSO4 là 160x

+ Số gam H2O kết tinh theo là 90x

Số gam nước còn 100 - 90x

Số gam CuSO4 còn 34,2 - 160x

- Ở t1 : 100 gam nước có 20 gam chất tan

100 - 90x nước có x' gam chất tan

x,=(100−90x)20100;(100−90x)20100=34,2−160xx,=(100−90x)20100;(100−90x)20100=34,2−160x

( 100 - 90x ) . 0,2 = 34,2 - 160x ⇒20−18x=34,2−160x⇒20−18x=34,2−160x

⇒142x=14,2⇒x=0,1⇒142x=14,2⇒x=0,1

CuSO4.5H2O có 0,1 mol . Vậy khối lượng CuSO4.5H2O kết tinh là 25 gam

๖ۣۜŇɦạϮッт๏áɴ๖ۣۜнọςッ thanks

2

160 gam dung dịch CuSO4 chứa mCuSO4=160.10%=16 gam

-> nCuSO4=16/160=0,1 mol 

-> mH2O=160-16=144 gam -> nH2O\(=\dfrac{144}{18}\)=8 mol

-> số mol các nguyên tử  trong dung dịch=8.3+0,1.6=24,6 mol

-> Sau khi cô cạn số mol các chất =\(\dfrac{24,6}{2}\)=12,3 gam

-> nH2O thoát ra =\(\dfrac{12,3}{3}\)=4,1 mol -> mH2O=4,1.18=73,8 gam

Câu 2:

1.

\(m_{H_2O}=\dfrac{600}{100+50}.100=400\left(g\right)\\ m_{CuSO_4\left(kết.tinh\right)}=\dfrac{400}{100}.\left(50-15\right)=140\left(g\right)\\ n_{CuSO_4.5H_2O}=n_{CuSO_4}=\dfrac{140}{160}=0,875\left(mol\right)\\ m_{CuSO_4.5H_2O\left(kết.tinh\right)}=0,875.250=218,75\left(g\right)\)

2,

Số nguyên tử bằng một nửa ban đầu => số mol giảm đi một nửa

\(m_{CuSO_4}=160.10\%=16\left(g\right)\Rightarrow n_{CuSO_4}=\dfrac{16}{160}=0,1\left(mol\right)\\ m_{H_2O}=160-16=144\left(g\right)\Rightarrow n_{H_2O}=\dfrac{144}{18}=8\left(mol\right)\\ \Rightarrow n_{H_2O\left(bay.hơi\right)}=\dfrac{1}{2}.\left(0,1+8\right)=4,05\left(mol\right)\\ \Rightarrow m_{H_2O\left(bay.hơi\right)}=4,05.18=72,9\left(g\right)\)

Chọn C.

 p-HOOC-C₆H₄-COONa (X₃)   +  C₂H₄(OH)₂ (X₂) → x t , t ∘  poli(etilen-terephtalat)  +  2nH₂O

p-NaOOC-C₆H₄-COONa (X₁)   +  2HCl →  p-HOOC-C₆H₄-COOH (X₃) + 2NaCl

p-C₆H₄-(COO)₂-C₂H₄ (X) +  2NaOH  → t ∘  p-NaOOC-C₆H₄-COONa + C₂H₄(OH)₂

(1) Sai.

(2) Đúng,

(3) Đúng. Dung dịch X₃ có tính axit yếu nên làm quỳ tím chuyển màu hồng.

(4) Đúng.