\(n_{Mg}=\dfrac{7,2}{24}=0,3\left(mol\right);n_{O_2}=\dfrac{2,24}{22,4}=0,1\left(mol\right)\)

\(PTHH:2Mg+O_2-^{t^o}\rightarrow2MgO\) (1)

Theo đề : 0,3........0,1

Lập tỉ lệ: \(\dfrac{0,3}{2}>\dfrac{0,1}{1}\) => Mg dư, O₂ phản ứng hết

\(n_{Mg\left(pứ\right)}=2n_{O_2}=0,2\left(mol\right)\)

\(Mg_{dư}+2HCl\rightarrow MgCl_2+H_2\uparrow\)(2) 

\(MgO+2HCl\rightarrow MgCl_2+H_2O\) (3)

Khí Y là H2

Theo PT (2) : \(n_{H_2}=n_{Mg\left(dư\right)}=0,3-0,2=0,1\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow V_{H_2}=0,1.22,4=2,24\left(l\right)\)

Dung dịch X là MgCl2

\(m_{ddsaupu}=0,1.24+0,2.40+75-0,1.2=85,2\left(g\right)\)

=>\(C\%_{MgCl_2}=\dfrac{\left(0,2+0,1\right).95}{85,2}.100=33,45\%\)

thanks

2) n Mg = \(\dfrac{7,2}{24}\) = 0,3 (mol)
n O2 = \(\dfrac{2,24}{22,4}\)= 0,1 (mol)
Mg + 1/2O2 --to> MgO
0,2 <--- 0,1 --------> 0,2
n Mg dư = 0,3 - 0,2 = 0,1 (mol)
n MgO = 0,2 (mol)
MgO + 2HCl --> MgCl2 + H2O
0,2 ------> 0,4 (mol)
Mg + 2HCl --> MgCl2 + H2
0,1 --> 0,2 ------- --------> 0,1 (mol)
V H2 = 0,1 . 22,4 = 2,24 (lít)

m Ct=\(\dfrac{100.29,2\%}{100\%}\)=92,2g
     
m HCl = \(\dfrac{29,2}{36,5}\) = 0,8 (mol) > 0,6 (mol) Pứ hết cho ra MgCl2
m dd = m MgO + m Mg + m HCl dd - m H2
= 0,2.40 + 0,1.24 + 100 - 0,1.2 = 110,2 (g)
  \(C\%=\dfrac{0,3.95}{110,2}.100\%=25,86\%\)

2) n Mg = \(\dfrac{7,2}{24}\) = 0,3 (mol)
n O2 = \(\dfrac{2,24}{22,4}\)= 0,1 (mol)
Mg + 1/2O2 --to> MgO
0,2 <--- 0,1 --------> 0,2
n Mg dư = 0,3 - 0,2 = 0,1 (mol)
n MgO = 0,2 (mol)
MgO + 2HCl --> MgCl2 + H2O
0,2 ------> 0,4 (mol)
Mg + 2HCl --> MgCl2 + H2
0,1 --> 0,2 ------- --------> 0,1 (mol)
V H2 = 0,1 . 22,4 = 2,24 (lít)

m Ct=\(\dfrac{100.29,2\%}{100\%}\)
     
m HCl = \(\dfrac{29,2}{36,5}\) = 0,8 (mol) > 0,6 (mol) Pứ hết cho ra MgCl2
m dd = m MgO + m Mg + m HCl dd - m H2
= 0,2.40 + 0,1.24 + 100 - 0,1.2 = 110,2 (g)
  \(C\%=\dfrac{0,3.95}{110,2}.100\%=25,86\%\)

Gọi số mol Al, Mg, Na là a, b,c (mol)

- Xét TN1:

\(n_{O_2}=\dfrac{17-10,2}{32}=0,2125\left(mol\right)\)

PTHH: 4Al + 3O₂ --t^o--> 2Al₂O₃

              a-->0,75a

            2Mg + O₂ --t^o--> 2MgO

               b--->0,5b

             4Na + O₂ --t^o--> 2Na₂O

               c--->0,25c

=> 0,75a + 0,5b + 0,25c = 0,2125 

- Xét TN2:

PTHH: 2Al + 6HCl --> 2AlCl₃ + 3H₂

              a------------->a----->1,5a

            Mg + 2HCl --> MgCl₂ + H₂

              b------------->b------>b

             2Na + 2HCl --> 2NaCl + H₂

                c-------------->c---->0,5c

n_H2 = 1,5a + b + 0,5c = 0,2125.2 = 0,425 (mol)

=> V = 0,425.22,4 = 9,52 (l)

Có: \(n_{HCl}=2.n_{H_2}=0,425.2=0,85\left(mol\right)\)

Theo ĐLBTKL: m_{kim loại} + m_HCl = m_muối + m_H2

=> 10,2 + 0,85.36,5 = m + 0,425.2

=> m = 40,375 (g)

Đáp án D

Quan sát quá trình 1:

BTKL có n_H2O = 0,92 mol. Bảo toàn H chứng

tỏ trong X chứa 0,26 mol H⁺ dư như trên.

♦ Quá trình 2: để ý khí Y có M = 18,8

→ là H₂ và NO. Quan sát quá trình chính:

giải tỉ khối Y tìm tỉ lệ 2 khí NO : H₂ là 3 : 2 rồi gọi các ẩn như sơ đồ:

• Ghép cụm: n_H2O = 2n_NO + 3n_NH4 ⇄ y = 6x + 3z (1).

• bảo toàn nguyên tố N có: 3x + z = 0,04 mol (2).

• Bảo toàn nguyên tố H có: 4x + 2y + 4z = 0,26 mol (3)

Giải x = 0,01 mol; y = 0,09 mol; z = 0,01 mol ||→ bảo toàn điện tích có n_Mg²⁺ = 0,895 mol.

► Chỉ cần BTKL cả sơ đồ có ngay và luôn giá trị yêu cầu a = 21,84 gam

BTKL có n_H2O = 0,92 mol. Bảo toàn H chứng tỏ trong X chứa 0,26 mol H⁺ dư như trên.

♦ Quá trình 2: để ý khí Y có M = 18,8 → là H₂ và NO. Quan sát quá trình chính:

giải tỉ khối Y tìm tỉ lệ 2 khí NO : H₂ là 3 : 2 rồi gọi các ẩn như sơ đồ:

• Ghép cụm: n_H2O = 2n_NO + 3n_NH4 ⇄ y = 6x + 3z (1).

• bảo toàn nguyên tố N có: 3x + z = 0,04 mol (2).

• Bảo toàn nguyên tố H có: 4x + 2y + 4z = 0,26 mol (3)

Giải x = 0,01 mol; y = 0,09 mol; z = 0,01 mol

→ bảo toàn điện tích có n_Mg²⁺ = 0,895 mol.

► Chỉ cần BTKL cả sơ đồ có ngay và luôn giá trị yêu cầu a = 21,84 gam.

Đáp án D

Đáp án C.

M_Y = 18,8 Y chứa NO (3y) và H₂ (2y) X chứa H⁺ và NO₃^- dư.

n_NO = 0,26 mol

Bảo toàn khối lượng:

Đáp án D

∑ n_Z = 3,136 : 22,4 = 0,14 (mol)

Dùng quy tắc đường chéo tính được n_N2O: n_H2 =  3: 4

=> n_N2O = 0,06 (mol); n_H2 = 0,08 (mol)

∑ n_HCl = 3a + b + c + 0,24.2 = 0,18 (1)

∑ n_NaOH = 4a + c + 0,24.2 = 1,14     (2)

Bảo toàn nguyên tố H

n_HCl = 4n_NH4Cl + 2n_H2 + 2n_H2O

=> n_H2O = 0,46 – 2c

Bảo toàn  khối lượng:

m_X + m_NaNO3 + m_HCl = m_Y + m_Z + m_H2O

=> 13,52 + 1,08.36,5 + 85b = 133,5a + 58,5b + 53,5c + 95.0,24 + 0,14.20 + 18( 0,46 – 2c)  (3)

Từ (1), (2) và (3)

=> a = 0,16 ; b = 0,1 và c = 0,02 (mol)

Ta có: n_H+ = 10n_N2O + 10n_NH4 + 2n_H2 + 2n_{O (Oxit)}

=> n_O(Oxit) = 0,06 (mol0 => n_Al2O3 = 0,02 (mol)

=> n_Al = 0,12 (mol)

=> %Al = 0,12.27 = 3,24 (g)

Đáp án D

n_HCl = 1,8 (mol); n_HNO3 = 0,3 (mol); n_NO = 0,26 (mol)

Quy đổi A thành Fe ( a) Cu ( b) ; O ( c) mol

Bảo toàn e ta có: 3a + 2b = 2c + 0,26.3 (1)

M_Y = 18,8 => 2 khí đó là H₂ và NO. Vậy trong dd X phải có H⁺ dư

Dd X chứa: Fe³⁺ (a); Cu²⁺ (b); Cl- (1,8), NO₃^- ( 0,3 – 0,26 = 0,04); H⁺ dư = ( 2,1 – 0,26.4 -2c)

=> 56a + 64b + 35,5.1,8 + 62.0,04 + 1,06 – 2c = ( 56a + 64b + 16c) + 60,24

=> c = 0,4 (mol)

Vậy H+ dư = 0,26 (mol)

m_{Fe+ Cu} = m_A – m_O = m – 6,4. Nhưng khi cho Mg vào X thì thu được m – 6,04 gam chất rắn

=> Đã có Mg dư 6,4 – 6,04 = 0,36 gam. Vậy Fe³⁺, Cu²⁺ đã bị đẩy ra hết

M_Y = 18,8 (g/mol)  dùng quy tắc đường chéo => n_NO = 3/2 n_H2.

Đặt n_NO = 3x ; n_H2 = 2x; n_NH4+ = y (mol)

Có H₂ thoát ra nên NO₃^- hết, bảo toàn N: 3x + y = 0,04 (3)

n_H+ = 4.3x + 2.2x + 10y = 0,26 (4)

Từ ( 3) và (4) => x = y = 0,01 (mol). Từ (1) => 3a + 2b = 1,58

Bảo toàn e: 2n_Mg = 3a + 2b + 3.3x + 2.2x + 8y

=> n_Mg = (1,58 + 13. 0,01 + 8.0,01) : 2

            = 0,895

=> m_Mg ban đầu = 0,895.24 + 0,36 = 21,84 (g) ≈ 22 (g)

Chú ý:

Tạo muối NH₄⁺