\(n_{AlCl_3}=0.2\cdot1=0.2\left(mol\right)\)

\(n_{NaOH}=0.5V\left(mol\right)\)

\(n_{Al_2O_3}=\dfrac{5.1}{102}=0.05\left(mol\right)\)

\(2Al\left(OH\right)_3\underrightarrow{^{^{t^0}}}Al_2O_3+3H_2O\)

\(0.1...............0.05\)

TH1 : Al(OH)₃ không bị hòa tan.

\(AlCl_3+3NaOH\rightarrow Al\left(OH\right)_3+3NaCl\)

\(0.1...........0.3................0.1\)

\(\Leftrightarrow V=\dfrac{0.3}{0.5}=0.6\left(l\right)\)

TH2 : Al(OH)₃ bị hòa tan một phần 
\(AlCl_3+3NaOH\rightarrow Al\left(OH\right)_3+3NaCl\)

\(0.2...........0.6................0.2\)

\(NaOH+Al\left(OH\right)_3\rightarrow NaAlO_2+2H_2O\)

\(0.5V-0.6...0.5V-0.6\)

\(n_{Al\left(OH\right)_3}=0.2+0.5V-0.6=0.1\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow V=1\left(l\right)\)

200ml = 0,2l

\(n_{CuSO4}=1.0,2=0,2\left(mol\right)\)

a) Pt : \(CuSO_4+2KOH\rightarrow Cu\left(OH\right)_2+K_2SO_4|\)

               1               2                1                  1

              0,2          0,4               0,2                0,2

b) \(n_{KOH}=\dfrac{0,2.2}{1}=0,4\left(mol\right)\) 

200ml = 0,2l

\(C_{M_{ddKOH}}=\dfrac{0,4}{0,2}=2\left(M\right)\)

c) \(n_{Cu\left(OH\right)2}=\dfrac{0,4.1}{2}=0,2\left(mol\right)\)

⇒ \(m_{Cu\left(OH\right)2}=0,2.98=19,6\left(g\right)\)

d) \(n_{K2SO4}=\dfrac{0,2.1}{1}=0,2\left(mol\right)\)

\(V_{ddspu}=0,2+0,2=0,4\left(l\right)\)

\(C_{M_{K2SO4}}=\dfrac{0,2}{0,4}=0,5\left(M\right)\)

 Chúc bạn học tốt

\(n_{H_2SO_4}=0,2.1=0,2\left(mol\right)\\ \)

\(n_{KOH}=2.0,3=0,6\left(mol\right)\)

\(2KOH+H_2SO_4\rightarrow K_2SO_4+H_2O\\ Vì:\dfrac{0,6}{2}>\dfrac{0,2}{1}\\ \rightarrow KOHdư\\ n_{KOH\left(dư\right)}=0,6-0,2.2=0,2\left(mol\right)\\ n_{K_2SO_4}=n_{H_2SO_4}=0,2\left(mol\right)\\ V_{ddsau}=200+300=500\left(ml\right)=0,5\left(l\right)\\ C_{MddK_2SO_4}=\dfrac{0,2}{0,5}=0,4\left(M\right)\\ C_{MddKOH\left(dư\right)}=\dfrac{0,2}{0,5}=0,4\left(M\right)\)

Em tham khảo. Cho anh hỏi em chưa hiểu chỗ nào, sao lại chưa biết làm nè? Vì bài này rất cơ bản nà

$n_{Ba^{2+}} = 0,1.0,5 = 0,05 < n_{SO_4^{2-}} = 0,1$ nên $SO_4^{2-}$ dư

$n_{BaSO_4} = n_{Ba^{2+}} = 0,05(mol)$
$m_{BaSO_4} = 0,05.233 = 11,65(gam)$

$n_{OH^-} = 0,1.0,5.2 + 0,1.0,5 = 0,15(mol)$
$n_{H^+} = 0,1.2 = 0,2(mol)$

$H^+ + OH^- \to H_2O$

$n_{H^+\ dư} = 0,2 - 0,15 = 0,05(mol)$

$V_{dd} = 0,1 + 0,1 + 0,1 = 0,3(lít)$

$[H^+] = \dfrac{0,05}{0,3} = \dfrac{1}{6}M$
$pH = -log( \dfrac{1}{6} ) = 0,778$

\(n_{Ba^{2+}}=0.1\cdot0.5=0.05\left(mol\right)\)

\(n_{OH^-}=0.1\cdot0.5\cdot2+0.1\cdot0.5=0.15\left(mol\right)\)

\(n_{H^+}=2\cdot0.1\cdot1=0.2\left(mol\right)\)

\(n_{SO_4^{2-}}=0.1\left(mol\right)\)

\(Ba^{2+}+SO_4^{2-}\rightarrow BaSO_4\)

\(0.05.........0.05.............0.05\)

\(SO_4^{2-}dư\)

\(m_{\downarrow}=0.05\cdot233=11.65\left(g\right)\)

\(H^++OH^-\rightarrow H_2O\)

\(0.15.......0.15\)

\(n_{H^+\left(dư\right)}=0.2-0.15=0.05\left(mol\right)\)

\(\left[H^+\right]=\dfrac{0.05}{0.1+0.1+0.1}=\dfrac{1}{6}\)

\(pH=-log\left(\dfrac{1}{6}\right)=0.77\)

Chọn đáp án D

Chọn D

Đáp án D

n_OH- = 0.8 có n_CO2 = 0,6< nOH^- < 2nCO₂ => tạo 2 muối CO₂ + 2OH^- → CO₃^2- + H₂O x -----> 2x -----> x CO₂ + OH^- → HCO₃^- y ------> y -----> y x + y = 0.6  và 2x + y = 0.8

=>  x = 0,2 và  y = 0,4 n_CO32- = x = 0,2 <   n_Ba2+ = 0,3

=> nBaCO3= 0.2 mol dd X: 0,1 mol Ba²⁺; 0,4 mol HCO₃^-;  0,2 mol Na⁺ n_BaCl2 = 0,24 = n_Ba2+ =>  tổng n_Ba2+ = 0.34 n_KOH = 0,3 = n_OH-  <  n_HCO3- => OH^- hếtHCO₃^- + OH^- →  CO₃^2- + H₂O 0,3<-----0,3 -----> 0,3 n_CO32- = 0,3; n_Ba2+ = 0,34

=> n_BaCO3 = 0,3 =>  m₂ = 0,3 . 197 = 59,1g

Đáp án : D

,n_CO2 = 0,6 mol ; n_OH = 0,8  mol ; n_Ba2+ = 0,3 mol

=> n_CO3 = 0,2 mol = n_BaCO3 ; n_HCO3- = 0,4 mol

,n_{Ba2+ dư} = 0,1 mol

Thêm n_BaCl2 = 0,24 mol ; n_KOH = 0,3 mol

=> n_CO3 = n_KOH = 0,3 mol = n_BaCO3

=> m_{kết tủa} = 59,1g