Chọn đáp án D

► X là triglixerit ⇒ phản ứng với NaOH theo tỉ lệ 1 : 3.

Lại có: E tác dụng với NaOH theo tỉ lệ 1 : 3 ⇒ Y tác dụng với NaOH theo tỉ lệ 1 : 3.

⇒ Y là GlyGlu ||● Đặt n X = x; n Y = y ⇒ n E   = x + y = 0,15 mol.

m O m N = 16 ( 6 x + 5 y ) 14 . 2 y 32 7  ||⇒ giải hệ có: x = 0,05 mol; y = 0,1 mol.

► Muối của axit béo có PTK lớn ⇒ chắc chắn sẽ là muối có PTK lớn nhất trong F.

n G l y - N a = n G l u - N a   = 0,1 mol ⇒ m m u ố i   c ủ a   a x i t   b é o = 45,6(g) ⇒ %m = 61,29%

Chọn A

tớ chịu

Bài 2 trước đã! 
+) Ta có AB vuông góc với BD và AB = BD (gt) 
=> ▲ ABD vuông cân tại B 
=> ^BAD = 45° nên AD là phan giác ^BAC (*) 
+) Từ trung điểm M của CE ta kẻ MH và MK lần lượt vuông góc với AB và AC 
Ta có ^HBE = ^BCA (Cùng phụ ^ABC) 
Mà ^EBM = ^BCM ( = 45°) 
=> ^HBM = ^KCM 
Lại có MB = MC (= ½ EC) 
=>▲MHB = ▲MKC (c.h-g.n) 
=> MH = MK hay M thuộc tia phân giác ^BAC (**) 
Từ (*) và (**) ta có hai tia ADvà AM trùng nhau hay A, D, M thẳng hàng.

2Al+3S----->Al2S3

Chất rắn A là Al2S..Có thể có Al dư hoặc S dư

Cho A vào HCl

Al2S3+6HCl--->2AlCl3+3H2S

2Al+ 6HCl---->2AlCl3+3H2

dd B là AlCl3 , có thể có HCl dư

Chất rắn E là S

Khí F là H2S và H2

Cho A vào NaOH

2Al+2NaOH+2H2O--->2NaAlO2+3H2

Al2O3+2NaOH--->2NaAlO2+H2O

đd H là NaAlO2 ,có thể có NaOH dư

Khí F là H2

Chất rắn E là S

Cho F vào Cu(NO3)2

H2S+Cu(NO3)2---->CuS+2HNO3

Kết tủaT là CuS

Khí k hấp thụ ch qua MgO và CuO

CuO+H2--->Cu+H2O

Chất rắn Q là MgO và Cu và CuO dư

Cho Q vào H2SO4

MgO+H2SO4----> MgSO4+H2O

CuO+H2SO4---->CuSO4(xanh nhạt)+H2O

\(\text{2Al + 3S → Al2S3}\)

Chất rắn A: Al, Al2S3, S

\(\text{2Al + 6HCl → 2AlCl3 + 3H2 ↑}\)

\(\text{Al2S3 + 6HCl → 2AlCl3 + 3H2S ↑}\)

B: AlCl3, HCl

E: S

F: H2, H2S

\(\text{2Al + 2NaOH + 2H2O → 2NaALO2 + 3H2↑}\)

\(\text{Al2S3 + H2O → Al(OH)3 + H2S↑}\)

\(\text{Al(OH)3 + NaOH → NaAlO2 + 2H2O}\)

H: NaAlO2, NaOH

\(\text{H2S + Cu(NO3)2 → CuS ↓ + 2HNO3}\)

T: CuS

\(\text{H2 + CuO → Cu + H2O}\)

Q: MgO, CuO, Cu

\(\text{MgO + H2SO4 → MgSO4 + H2O}\)

\(\text{CuO + H2SO4 → CuSO4 + H2O}\)