Đáp án A

Đáp án A.

Gọi số mol các chất lần lượt là: a, b, c

Ta có:

Nhận thấy, nếu gốc hidrocacbon mà lớn hơn CH2 = CH – thì khối lương hỗn hợp X sẽ vô lý.

Đáp án A

Chọn đáp C

 Gọi số mol của  C n H 2 n − 1 C H O , C n H 2 n − 1 C O O H , C n H 2 n − 1 C H 2 O H  trong X lần lượt là x,y,z.

Có  n B r 2 = 2 x + y + z = 8 , 8 160 = 0 , 055   m o l

x = 1 2 n A g = 1 2 . 2 , 16 108 = 0 , 01   m o l ⇒ x + y + z = 0 , 055 − 0 , 01 = 0 , 045 ⇒ M ¯ X = 2 , 8 0 , 045 = 62 , 22 ⇒ M C n H 2 n − 1 C H O < 62 , 22 < M C n H 2 n − 1 C O O H ⇔ 14 n + 28 < 62 , 22 < 14 n + 44 ⇔ 1 , 3 < n < 2 , 4 ⇒ n = 2 % m C 2 H 3 C H O = 56.0 , 01 2 , 8 .100 % = 20 %

2,8 g X phản ứng với tối đa 0,045 mol H₂

  m g X phản ứng với tối đa 0,3 mol H₂

_{⇒ m = 0 , 09 0 , 045 .2 , 8 = 5 , 6 g}

Nhận thấy phương trình (*) có 3 ẩn mà chỉ có 1 phương trình nên không thể tìm giá trị của n. Khi đó nhiều bạn sẽ cho rằng đề thiếu dữ kiện và không thể giải tiếp.

Tuy nhiên chúng ta có thể sử dụng bất đẳng thức để tìm giá trị của n như sau:

Đáp án B

Đáp án C

Ở bài toán này ta phải sử dụng tổng hợp các tính chất của anđehit.

Khi cho hỗn hợp X tác dụng với Br₂ trong CC1₄ ta thấy Br₂ chỉ tác dụng vào liên kết đôi mà không tác dụng vào chức -CHO

m_{sản phẩm hữu cơ} m X + m B r 2

Lại có: m B r 2 = n B   t r o n g   X . Do đó việc ta cần làm là xác định công thức và số mol của 2 anđehit.

Ta có:  n A g   = 0 , 3 ( m o l ) ;   n C O 2 = 0 , 35 ( m o l ) = n C O 2   k h i   đ ố t   c h á y   a n d e h i t

Như các bài toán về phản ứng tráng bạc của anđehit ta phải xét xem hỗn hợp ban đầu có HCHO không. Ta xét 2 trường hợp:

- TH1: A là HCHO. Gọi số mol A và B trong mối phần là n_A = a(mol); n_B = b(mol)

  a = 2 b 4 a + 2 b = 0 , 3 ⇒ a = 0 , 06 ( m o l ) b = 0 , 03 ( m o l )

⇒ n C O 2   d o   đ ố t   c h á y   A   = 0 , 06 ( m o l )   ⇒ n C O 2   d o   đ ố t   c h á y   B = 0 , 29 ( m o l ) ⇒ C B = 0 , 29 0 , 03 = 29 3 ( k h ô n g   t h ỏ a   m ã n )

- TH2: A không phải HCHO. Gọi số mol A và B trong mối phần là n_A = a(mol); n_B = b(mol)

  a = 2 b 2 a + 2 b = 0 , 3 ⇒ a = 0 , 1 ( m o l ) b = 0 , 05 ( m o l ) ⇒ C ¯ = 0 , 35 0 , 15 = 2 , 33

Vì B có ít nhất 3 nguyên tử C trong phân tử

 A có 2 nguyên tử C  A là CH₃CHO

⇒ n C O 2 d o   đ ố t   c h á y   A   =   0 , 2   m o l   ⇒ n C O 2   d o   đ ố t   c h á y   B   =   0 , 15 ( m o l )

⇒ C B = 3 =>B là C₂H₃CHO

Vậy m s ả n   p h ẩ m   h ữ u   c ơ     m A + m B + m C = 0 , 2 . 44 + 0 , 1 . 56 + 1 , 1 . 160 = 30 , 4 ( g )

a)

\(n_{CO_2} = \dfrac{44}{44} = 1(mol)\\ n_{H_2O} = \dfrac{19,8}{18} = 1,1(mol)\\ n_X = n_{H_2O} - n_{CO_2} = 1,1 -1 = 0,1(mol)\\ \Rightarrow \%V_A = \dfrac{0,1}{0,4}.100\% = 25\%\)

b)

C_{trung bình} = \( \dfrac{n_{CO_2}}{n_X} = \dfrac{1}{0,4} = 2,5\)

Suy ra : n < 2,5 < m

Vậy n = 2

A : C₂H₆ ; B : C₂H₂

b)

\(n_C = n_{CO_2} = 1\\ n_H = 2n_{H_2O} = 1,1.2 = 2,2\\ \Rightarrow m_X = m_C + m_H = 1.12 + 2,2 = 14,2(gam)\\ \)

Suy ra :

\(m_C = 14,2.39,43\% = 5,6(gam)\\ m_A = 0,1.30 = 3(gam)\\ m_B = 14,2 - 5,6 - 3 = 5,6 \Rightarrow n_B = \dfrac{5,6}{28} = 0,2(mol)\)

n_C = n_X - n_A -n_B = 0,4 - 0,1 - 0,2 = 0,1

Suy ra : 0,1.14m = 5,6 ⇒ m = 4 (C₄H₈)

a)

C_nH_2n+2   +  O₂  →  nCO₂  +  (n+1)H₂O (1)

C_nH_2n   +  O₂    →  nCO₂   +  nH₂O (2)

C_mH_2m   +  O₂   →  mCO₂   + mH₂O (3)

Ta thấy khi đốt B và C số mol CO₂ thu được bằng số mol H₂O

=> Tổng số mol H₂O - tổng số mol CO₂ = nA

<=> \(\dfrac{19,8}{18}\)- \(\dfrac{44}{44}\)= 0,1 = nA

=> %V_A = \(\dfrac{0,1}{0,4}\).100%= 25%

b) Số nguyên tử C trung bình = \(\dfrac{nCO_2}{nX}\)= 2,5

Mà n < m => n = 2 

CTPT của A là C₂H₆ , của B là C₂H₄

c) Ta có m hỗn hợp X = mC + mH = 1.12 + 1,1.2 = 14,2 gam

=> mC(C_mH_2m) = mX.39,43% = 5,6 gam

=> mB = mX - mA - mC = 14,2 - 0,1.30 - 5,6 = 5,6 gam

=> nB = \(\dfrac{5,6}{28}\)= 0,2 mol

Mà nX = 0,4 => nC = 0,4 - nA - nB = 0,4 - 0,1 - 0,2 = 0,1 mol

<=> M_C = \(\dfrac{5,6}{0,1}\)= 56 (g/mol)

=> 12m + 2m =56  <=>  m = 4

Vậy CTPT của C là C₄H₈