\(n_{CO_2}=\dfrac{2,24}{22,4}=0,1\left(mol\right)\)

\(m_{dd.NaOH}=50.1,28=64\left(g\right)\)

=> \(n_{NaOH}=\dfrac{64.10\%}{40}=0,16\left(mol\right)\)

Xét tỉ lệ: \(\dfrac{n_{NaOH}}{n_{CO_2}}=\dfrac{0,16}{0,1}=1,6\)

=> Tạo ra muối Na₂CO₃ và NaHCO₃

PTHH: 2NaOH + CO₂ --> Na₂CO₃ + H₂O

             0,16--->0,08---->0,08

            Na₂CO₃ + CO₂ + H₂O --> 2NaHCO₃

               0,02<---0,02------------->0,04

=> \(\left\{{}\begin{matrix}m_{Na_2CO_3}=\left(0,08-0,02\right).106=6,36\left(g\right)\\m_{NaHCO_3}=0,04.84=3,36\left(g\right)\end{matrix}\right.\)

m_{dd sau pư} = 0,1.44 + 64 = 68,4 (g)

\(\left\{{}\begin{matrix}C\%_{Na_2CO_3}=\dfrac{6,36}{68,4}.100\%=9,3\%\\C\%_{NaHCO_3}=\dfrac{3,36}{68,4}.100\%=4,9\%\end{matrix}\right.\)

\(n_{CO_2}=\dfrac{11,2}{22,4}=0,5\left(mol\right)\)

\(n_{KOH}=0,15.1,5=0,225\left(mol\right)\)

Có: \(\dfrac{n_{KOH}}{n_{CO_2}}=0,45< 1\) → Pư tạo muối KHCO₃ và CO₂ dư.

PT: \(CO_2+KOH\rightarrow KHCO_3\)

____0,225_____0,225_____0,225 (mol)

\(\Rightarrow C_{M_{KHCO_3}}=\dfrac{0,225}{0,15}=1,5\left(M\right)\)

\(n_{CO_2}=\dfrac{11,2}{22,4}=0,5mol\\ n_{KOH}=0,15.1,5=0,225mol\\ T=\dfrac{0,225}{0,5}=0,45\\ \Rightarrow Tạo.NaHCO_3\left(CO_2.dư\right)\)

\(KOH+CO_2\rightarrow KHCO_3\\ n_{KHCO_3}=n_{KOH}=0,225mol\\ C_{M_{KOH}}=\dfrac{0,225}{0,15}=1,5M\)

Đáp án B

n_CO2 = 0,1 mol

n_OH- = 2n_Ba(OH)2 = 0,3 mol

Ta thấy: n_OH-/n_CO2 = 0,3/0,1 = 3 > 2 => Phản ứng chỉ tạo muối BaCO₃

BTNT “C”: n_BaCO3 = n_CO2 = 0,1 mol => m _{kết tủa} = 0,1.197 = 19,7 gam

Đáp án B

n_CO2 = 0,1 mol

n_OH- = 2n_Ba(OH)2 = 0,3 mol

Ta thấy: n_OH-/n_CO2 = 0,3/0,1 = 3 > 2 => Phản ứng chỉ tạo muối BaCO₃

BTNT “C”: n_BaCO3 = n_CO2 = 0,1 mol => m _{kết tủa} = 0,1.197 = 19,7 gam

Đáp án B

n_CO2 = 0,1 mol

n_OH- = 2n_Ba(OH)2 = 0,3 mol

Ta thấy: n_OH-/n_CO2 = 0,3/0,1 = 3 > 2 => Phản ứng chỉ tạo muối BaCO₃

BTNT “C”: n_BaCO3 = n_CO2 = 0,1 mol => m _{kết tủa} = 0,1.197 = 19,7 gam

\(n_{NH_4^+}=x;n_{SO_4^{2-}}=y\\ x-2y=0,2-0,2=0\\ NH_4^++OH^-->NH_3+H_2O\\ x=\dfrac{4,48}{22,4}=0,2\\ y=0,1\\ a.m_{ }=18x+0,1.56+0,2.62+96y=31,2g\\ b.n_{Ba\left(OH\right)_2}=0,15.1=0,15mol\\ n_{OH^-}=0,3mol\\ m=0,1.233+0,1.90=32,3g\)

Bài 2: 

PTHH: \(C_2H_4+3O_2\underrightarrow{t^o}2CO_2+2H_2O\)

a) Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{C_2H_4}=\dfrac{2,24}{22,4}=0,1\left(mol\right)\\n_{O_2}=\dfrac{11,2}{22,4}=0,5\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Xét tỉ lệ: \(\dfrac{0,1}{1}< \dfrac{0,5}{3}\) \(\Rightarrow\) C₂H₄ p/ứ hết, O₂ còn dư

\(\Rightarrow n_{O_2\left(dư\right)}=0,2\left(mol\right)\) \(\Rightarrow V_{O_2\left(dư\right)}=0,2\cdot22,4=4,48\left(l\right)\)

b) PTHH: \(CO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow CaCO_3\downarrow+H_2O\) 

Theo các PTHH: \(n_{CO_2}=n_{CaCO_3}=2n_{C_2H_4}=0,2\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{CaCO_3}=0,2\cdot100=20\left(g\right)\)

$n_{CO_2} = \dfrac{13,44}{22,4} = 0,6(mol) ; n_{NaOH} = 0,5.1,5 = 0,75(mol)$
Ta có : 

$1 < n_{NaOH} : n_{CO_2} = 0,75 : 0,6 = 1,25 < 2$ nên sản phẩm có $Na_2CO_3(a\ mol) ; NaHCO_3(b\ mol)$

Ta có : 

$n_{CO_2} = a + b = 0,6(mol)$
$n_{NaOH} = 2a + b = 0,75(mol)$

Suy ra: a = 0,15 ; b = 0,45

$C_{M_{Na_2CO_3}} = \dfrac{0,15}{0,5} = 0,3M$
$C_{M_{NaHCO_3}} = \dfrac{0,45}{0,5} = 0,9M$