a) 2C_xH_y + \(\dfrac{4x+y}{2}\)O₂ --t^o--> 2xCO₂ + yH₂O

b) \(n_A=\dfrac{6,72}{22,4}=0,3\left(mol\right)\)

\(n_{CO_2}=\dfrac{26,4}{44}=0,6\left(mol\right)\)

=> n_C = 0,6 (mol)

Số nguyên tử C = \(\dfrac{0,6}{0,3}=2\) (nguyên tử)

\(n_{H_2O}=\dfrac{5,4}{18}=0,3\left(mol\right)\)

=> n_H = 0,6 (mol)

Số nguyên tử H = \(\dfrac{0,6}{0,3}=2\) (nguyên tử)

=> CTPT: C₂H₂ (axetilen)

CTCT: \(CH\equiv CH\)

c) 

PTHH: 2C₂H₂ + 5O₂ --t^o--> 4CO₂ + 2H₂O

              0,3--->0,75

=> V_{O2(lý thuyết)} = 0,75.22,4 = 16,8 (l)

=> V_{kk(lý thuyết)} = 16,8.5 = 84 (l)

=> \(V_{kk\left(thực.tế\right)}=\dfrac{84.120}{100}=100,8\left(l\right)\)

n_CO2 = 0,4 mol

C_nH_2n + \(\dfrac{3n}{2}\)O₂ \(\underrightarrow{t^o}\) nCO₂ + nH₂O 

\(\dfrac{0,4}{n}\)                        .0,4

ta có : MCnH2n = \(\dfrac{5,6n}{0,4}\) = 14n

↔ n=1(loại)

do n≥ 2 

Bảo toàn C: \(n_C=n_{CO_2}=\dfrac{8,96}{22,4}=0,4\left(mol\right)\)

Bảo toàn H: \(n_H=2n_{H_2O}=2.\dfrac{10,8}{18}=1,2\left(mol\right)\)

\(M_A=15.2=30\left(\dfrac{g}{mol}\right)\)

CTPT của A có dạng C_xH_y

=> x : y = 0,4 : 1,2 = 1 : 3

=> (CH₃)_n = 30

=> n = 2

CTPT: C₂H₆

CTCT: CH₃-CH₃

Đốt cháy ankin => n_CO2 > n_H2O mà theo bài ra n_CO2 < n_H2O

=> B là ankan n_CO2 < n_H2O

Nhận xét:

Đốt ankin: – n_ankin = n_H2O – n_CO2

Đốt ankan: n_ankan = n_H2O – n_CO2

=> b – a = 0,01 và b + a = 0,05

=> a = 0,02 và b = 0,03

=> số C trung bình = 2,6 và số H trung bình = 5,6

TH1: số C trong ankin < 2,6 => A là C₂H₂: 0,02 và B: 0,03

=> B: 44 (C₃H₈)

TH2: số C trong ankan < 2,6 => A : 0,02 và CH₄: 0,03

=> A: 68 (C₅H₈) loại do hh khí

TH3: số C trong ankan < 2,6 => A: 0,02 và C₂H₆: 0,03

=> A: 47 (lẻ) => loại

Vậy A là C₂H₂ (axetilen/ etin) và B là C₃H₈ (propan)

Đáp án B

Khối lượng trung bình của 1 mol A :

Trong hỗn hợp A phải có chất có M < 22,5 ; chất đó chỉ có thể là C H 4 .

Sau đó giải hệ 

Ta tìm được m = 3; x = 0,3; y = 0,1.

\(n_C=n_{CO_2}=0,4\left(mol\right);n_H=2.n_{H_2O}=2.0,4=0,8\left(mol\right)\\ m_C+m_H=0,4.12+0,8.1=5,6=m_A\)

=> A là hidrocacbon: A chỉ có 2 nguyên tố là C và H

\(a,n_C:n_H=0,4:0,8=1:2\\ \Rightarrow A.có.CTĐG:CH_2\\ b,Đặt.CTTQ:\left(CH_2\right)_a\left(a:nguyên,dương\right)\\ M_{\left(CH_2\right)_a}=28\\ \Leftrightarrow14a=28\\ \Leftrightarrow a=2\\ \Rightarrow CTPT:C_2H_4\)

\(n_C=n_{CO_2}=0,5\left(mol\right);n_H=2.n_{H_2O}=2.\dfrac{10,8}{18}=1,2\left(mol\right)\\ m_C+m_H=0,5.12+1,2.1=7,7,2\\ \Rightarrow X.ko.có.oxi\left(O\right)\\ \Rightarrow CTTQ:C_xH_y\left(x,y:nguyên,dương\right)\\ x:y=n_C:n_H=0,5:1,2=5:12\\a, \Rightarrow x=5;y=12\Rightarrow CTPT.X:C_5H_{12}\\ b,CH_3-CH_2-CH_2-CH_2-CH_3\\ CH_3-CH\left(CH_3\right)-CH_2-CH_3\\ CH_3-C\left(CH_3\right)_2-CH_3\)

Sửa đề: 8,96 (l) H₂ → 8,96 (l) CO₂.

Ta có: \(n_{CO_2}=\dfrac{8,96}{22,4}=0,4\left(mol\right)=n_C\)

\(n_{H_2O}=\dfrac{9}{18}=0,5\left(mol\right)\Rightarrow n_H=0,5.2=1\left(mol\right)\)

⇒ m_C + m_H = 0,4.12 + 1.1 = 5,8 (g) = m_A

→ A chỉ có C và H.

Gọi CTPT của A là C_xH_y.

⇒ x:y = 0,4:1 = 2:5

→ A có CTPT dạng (C₂H₅)_n

Mà: M_A = 58 (g/mol)

\(\Rightarrow n=\dfrac{58}{12.2+5}=2\)

Vậy: A là C₄H₁₀

CTCT: \(CH_3-CH_2-CH_2-CH_3\)

\(CH_3-CH\left(CH_3\right)-CH_3\)

- Pư đặc trưng của A là pư thế halogen.

PT: \(C_4H_{10}+Cl_2\underrightarrow{as}C_4H_9Cl+HCl\)