Bài 46: Luyện tập Andehit-Xeton-Axit cacboxylic

ch4 1500 làm lạnh nhanh c2h2 + 2h2

c2h2 + h2 pd/pbco3 c2h4

c2h4 + h2o h+ nhiệt độ etanol

etanol + o2 men giấm 25 - 30 độ c axit axetic + h2o

oxi hóa ra adehit + o2 ra axit ãetic + c2h5 ra etyl axetat

al4c3 + h2o ch4

c2h2 600 c c6h6

c6h6 hno3

trình bày phương pháp hóa học để phân biệt 3 dung dịch trong nước của 3 chất sau: axit axetic, anđehit fomic và ancol etylic. viết phương trình hóa học xảy ra
Giải hộ em với ạ...Em c.ơn

bài 1

\(a)\)

Đặt công thức trung bình dạng chung của 2 axit no đơn chức mạc hở và đồng đẳng kế tiếp là: \(C_nH_{2n}O_2\)

Cho hỗn hợp trên vào nước thu được dung dịch A. Khi trung hòa A bằng dung dich NaOH thì:

\(C_nH_{2n}O_2+NaOH--->C_nH_{2n-1}O_2Na+H_2O\)

\(n_{naOH}=1,25.0,04=0,05\left(mol\right)\)

Vì là axit no đơn chức nên \(n_{C_nH_{2n}O_2}=n_{NaOH}=0,05\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow\overline{M_{C_nH_{2n}O_2}}=\dfrac{3,42}{0,05}=68,4\)\((g/mol)\)

\(\Leftrightarrow12\overline{n}+2\overline{n}+32=68,4\)

\(\Rightarrow\overline{n}=2,6\)

Theo đề, hai axit đã cho đồng đẳng kế tiếp nhau:

\(\Rightarrow CTPT:\left\{{}\begin{matrix}C_2H_4o_2\\C_3H_6O_2\end{matrix}\right.\)

\(CTCT:\left\{{}\begin{matrix}CH_3COOH\\C_2H_5COOH\end{matrix}\right.\)

\(b)\)

Gọi a, b lần lượt là số mol của CH3COOH và C2H5COOH

Ta có: \(60a+74b=3,42\)\(\left(I\right)\)

(Đến đây có thể áp dụng quy tắc đường chéo để tìm tỉ lệ về số mol, nhưng không biết đánh như nào cho nó ra quy tắc đường chéo nên này cả, nên mình dùng cách này. Nếu có thể thì bạn nên làm đường chéo cho nhanh :))

Ta có: \(68,4=\dfrac{60a+74b}{a+b}\)

\(\Rightarrow-8,4a+5,6b=0\)\(\left(II\right)\)

Từ (I) và (II) ta có hệ: \(\left\{{}\begin{matrix}60a+74b=3,42\\-8,4a+5,6b=0\end{matrix}\right.\)\(\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}a=0,02\\b=0,03\end{matrix}\right.\)

Đến đây bạn có thể tính được nồng độ mol của mỗi chất rồi nhé

\(n_{CO_2}=0,2\left(mol\right)\)\(\Rightarrow n_C=0,2\left(mol\right)\)\(\Rightarrow m_C=2,4\left(g\right)\)

\(n_{H_2O}=0,2\left(mol\right)\)\(\Rightarrow n_H=0,4\left(mol\right)\)\(\Rightarrow m_H=0,4\left(g\right)\)

Ta có: \(m_C+m_H=2,8< 4,4\)

=> Trong phần tử X có chứa O2

\(CTDC:C_xH_yO_z\)

\(C_xH_yO_z+\left(\dfrac{x}{2}+\dfrac{y}{4}-\dfrac{z}{2}\right)O_2-t^o->xCO_2+\dfrac{y}{2}H_2O\)

\(m_O=4,4-2,8=1,6\left(g\right)\)\(\Rightarrow n_O=0,1\left(mol\right)\)

\(x:y:z=0,2:0,4:0,1=2:4:1\)

\(\Rightarrow CTTN:\left[C_2H_4O\right]_n\)

\(\Leftrightarrow44n=88\)\(\Rightarrow n=2\)

\(\Rightarrow CTPT:C_4H_8O_2\)

Đồng phân cấu tạo C4H8O2: Có 6 đồng phân

\((1)\)\(C-C-C-COOH\)

\((2)\)<Mạch nhánh C của ctct \((1)\)>

\((3)\)\(HCOO-C-C-C\)

\((4)\)<Mạch nhánh C của ctct \((3)\) >

\((5)\)\(C-COO-C-C\)

\((6)\)\(C-C-COO-C\)

Khi cho sản phẩm cháy vào dd nước vôi trong dư

\(CO_2+Ca\left(OH\right)_2--->CaCO_3+H_2O\)

\(Phần\ 2 : \\ C_6H_5OH + 3Br_2 \to C_6H_2OHBr_3 + 3HBr\\ n_{C_6H_5OH} = n_{C_6H_2OHBr_3} = \dfrac{49,65}{331} = 0,15(mol)\\ Phần\ 1 : n_{H_2} = \dfrac{3,92}{22,4}=0,175(mol)\\ 2C_2H_5OH + 2Na \to 2C_2H_5ONa + H_2\\ 2C_6H_5OH + 2Na \to 2C_6H_5ONa + H_2\\ 2n_{H_2} = n_{C_2H_5OH} + n_{C_6H_5OH}\\ \Rightarrow n_{C_2H_5OH} = 0,175.2 - 0,15 = 0,2(mol)\\ \Rightarrow m = 2(0,2.46 + 0,15.94) = 46,6(gam)\)

\(37) n_{C_2H_4} = a(mol) ; n_{C_2H_2} = b(mol)\\ \Rightarrow a + b = \dfrac{6,72}{22,4} = 0,3(1)\\ m_{tăng} = m_{C_2H_4} + m_{C_2H_2} = 28a + 26b = 8(2)\\ (1)(2)\Rightarrow a = 0,1 ; b = 0,2\\ \%V_{C_2H_4} = \dfrac{0,1}{0,3}.100\% = 33,33\%\\ \%V_{C_2H_2} = 100\%-33,33\% = 66,67\%\)

\(38) n_{CO_2} = \dfrac{38,08}{22,4} = 1,7(mol) ; n_{H_2O} = \dfrac{19,8}{18} = 1,1(mol)\\ n_{CO_2} > n_{H_2O} \to CTTQ : C_nH_{2n-2}\\ n_C = n_{CO_2} = 1,7(mol)\\ n_H = 2n_{H_2} = 2,2(mol)\\ \Rightarrow \dfrac{n}{2n-2} = \dfrac{1,7}{2,2}\\ \Rightarrow n = 2,83\\ Vì : 2 < n = 2,83 < 3\ nên\ CTHH\ X\ và\ Y\ là: C_2H_2,C_3H_4\)