chúc mừng nhá!!

Rồi hình đâu ._.

Sai gì á 

*Tóm tắt:                     Nhiệt lượng tỏa ra của miếng đồng để hạ xuống 
m₁=100g=0,1kg        nhiệt độ t₀ là:   
t₁=200⁰C                     Q₁=m₁.\(c_đ\).(t₁-t₀)=0,1.380.(200-t₀)=7600-38.t₀(J)
V₂=2l =>m₂=2kg         Nhiệt lượng thu vào của nước để tăng đến nhiệt độ
\(c_đ\)=380j/kg.k             t₀ là: 
c_n=4200j/kg.k              Q₂=m₂.c_n.(t₀-t₂)=2.4200.(t₀-20)=8400.t₀-168000(J)
t₂=20⁰C              Ta có phương trình cân bằng nhiệt:   Q₁=Q₂
t₀=?                              ⇔7600-38.t₀=8400.t₀-168000
                                     ⇔8438.t₀=175600
                                     ⇔t₀ \(\approx\) 20,8⁰C

Vậy.......

*Khi K mở mạch điện có dạng: R₁ nt R₃
=>U=I₀.(R₁+R₃)=1.2.R₁=2.R₁

*Khi K đóng mạch điện có dạng: R₁ nt (R₃ // R₂)
Vì vôn kế mắc song song với R₂ và R₃ => U₂=U₃=U_v=3(V)
Vì ampe kế mắc nối tiếp với R₃ =>I₃=I_a=0,8(A)
\(\Rightarrow R_3=\dfrac{U_3}{I_3}=\dfrac{3}{0,8}=3,75\left(\Omega\right)\) 
=>R₁=R₃=3,75(Ω)
=>U=2.R₁=2.3,75=7,5(V)

\(I_1=\dfrac{U-U_V}{R_1}=\dfrac{7,5-3}{3,75}=1,2\left(A\right)\)

Ta có: 
\(\Rightarrow I_1=I_2+I_3 \Rightarrow I_2=I_1-I_3=1,2-0,8=0,4\left(A\right)\)

\(R_2=\dfrac{U_V}{I_2}=\dfrac{3}{0,4}=7,5\left(\Omega\right)\)

a) Hoành độ giao điểm của (d) và (P) là nghiệm của phương trình:

\(x^2=5x-6\Rightarrow x^2-5x+6=0\)

Ta có: △=(-5)²-4.1.6=1>0

=> Phương trình có 2 nghiệm phân biệt: \(x_1=\dfrac{-\left(-5\right)+\sqrt{1}}{2.1}=3\)
                                                                \(x_2=\dfrac{-\left(-5\right)-\sqrt{1}}{2.1}=2\)

+) Với x₁=3 ta có: y₁=x₁²=3²=9 ta có điểm (3;9)
+) Với x₂=2 ta có: y₂=x₂²=2²=4 ta có điểm (2;4)

Hình vẽ???

Nếu đầu bài chỉ như vậy thì mình vẫn vẽ nó không song song được mà... tại vì không có góc nào liên quan đến đoạn CD cả