\(n_{H_2}=\dfrac{0,953m}{22,4}=0,042545m\left(mol\right)\\ Đặt:n_{Mg}=x\left(mol\right);n_{Al}=y\left(mol\right);n_{Cu}=z\left(mol\right)\left(x,y,z>0\right)\\\Rightarrow \left\{{}\begin{matrix}24x+27y+64z=m\\40x+51y+80z=1,72m\\x+1,5y=0,042545m\end{matrix}\right.\\ \Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}x\approx0,012845m\\y\approx0,0198m\\z\approx0,002455m\end{matrix}\right.\\ \Rightarrow\%m_{Cu}\approx\dfrac{0,002455.64m}{m}.100\%\approx15,712\%\\ \%m_{Al}\approx\dfrac{27.0,0198m}{m}.100\%\approx53,46\%\\ \%m_{Mg}\approx\dfrac{0,012845.24m}{m}.100\%\approx30,828\%\)

bạn nào cò lời giải khác không a

- Phần 1: \(n_{H_2}=\dfrac{1,344}{22,4}=0,06\left(mol\right)\)

Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Al}=a\left(mol\right)\\n_{Fe}=b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\left(a,b>0\right)\)

PTHH:

\(2Al+6HCl\rightarrow2AlCl_3+3H_2\)

a--------------------------->1,5a

\(Fe+2HCl\rightarrow FeCl_2+H_2\)

b--------------------------->b

\(\Rightarrow1,5a+b=0,06\left(1\right)\)

- Phần 2: Đặt hệ số tỉ lệ \(\dfrac{P_2}{P_1}=k\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}n_{Al}=ak\left(mol\right)\\n_{Fe}=bk\left(mol\right)\end{matrix}\right.\Rightarrow ak+bk=0,15\left(2\right)\)

\(n_{H_2}=\dfrac{2,016}{22,4}=0,09\left(mol\right)\)

PTHH: \(2Al+2KOH+2H_2O\rightarrow2KAlO_2+3H_2\)

           0,06<----------------------------------------0,09

\(\Rightarrow ak=0,06\left(3\right)\)

Từ \(\left(1\right),\left(2\right),\left(3\right)\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}a=0,02\\b=0,03\\k=3\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow m=\left(0,02.27+0,03.56\right)\left(3+1\right)=8,88\left(g\right)\)

Chọn đáp án D.

Đáp án C

Đồng nhất số liệu bằng cách nhân đôi giả thiết ở 2 phần

    - Giải phần 1: chỉ có Al tạo khí: 2Al + 2NaOH  2NaAlO₂ + 3H₂­ →  đọc ra từ 0,12 mol H₂ có 0,08 mol Al; mà 

ó Phản ứng nhiệt nhôm:

Giả sử hỗn hợp X có x mol Fe₃O₄ và y mol CuO  ta có: 233x + 80y = 43,84 gam (1)

    - Giải phần 2: vì dùng dư HNO₃ nên hỗn hợp đầu hay Y tác dụng đều cho cùng sản phẩm.

ó Rõ hơn, ta có sơ đồ quá trình: 

Bảo toàn electron ta có: 

Giải hệ các phương trình (1) và (2) ta được: x = 0,12 mol và y = 0,2 mol.

Vậy, m gam X gồm 27,84 gam Fe₃O₄ và 16,0 gam CuO.

Đáp án C

Ở bài toán này ta phải sử dụng tổng hợp các tính chất của anđehit.

Khi cho hỗn hợp X tác dụng với Br₂ trong CC1₄ ta thấy Br₂ chỉ tác dụng vào liên kết đôi mà không tác dụng vào chức -CHO

m_{sản phẩm hữu cơ} m X + m B r 2

Lại có: m B r 2 = n B   t r o n g   X . Do đó việc ta cần làm là xác định công thức và số mol của 2 anđehit.

Ta có:  n A g   = 0 , 3 ( m o l ) ;   n C O 2 = 0 , 35 ( m o l ) = n C O 2   k h i   đ ố t   c h á y   a n d e h i t

Như các bài toán về phản ứng tráng bạc của anđehit ta phải xét xem hỗn hợp ban đầu có HCHO không. Ta xét 2 trường hợp:

- TH1: A là HCHO. Gọi số mol A và B trong mối phần là n_A = a(mol); n_B = b(mol)

  a = 2 b 4 a + 2 b = 0 , 3 ⇒ a = 0 , 06 ( m o l ) b = 0 , 03 ( m o l )

⇒ n C O 2   d o   đ ố t   c h á y   A   = 0 , 06 ( m o l )   ⇒ n C O 2   d o   đ ố t   c h á y   B = 0 , 29 ( m o l ) ⇒ C B = 0 , 29 0 , 03 = 29 3 ( k h ô n g   t h ỏ a   m ã n )

- TH2: A không phải HCHO. Gọi số mol A và B trong mối phần là n_A = a(mol); n_B = b(mol)

  a = 2 b 2 a + 2 b = 0 , 3 ⇒ a = 0 , 1 ( m o l ) b = 0 , 05 ( m o l ) ⇒ C ¯ = 0 , 35 0 , 15 = 2 , 33

Vì B có ít nhất 3 nguyên tử C trong phân tử

 A có 2 nguyên tử C  A là CH₃CHO

⇒ n C O 2 d o   đ ố t   c h á y   A   =   0 , 2   m o l   ⇒ n C O 2   d o   đ ố t   c h á y   B   =   0 , 15 ( m o l )

⇒ C B = 3 =>B là C₂H₃CHO

Vậy m s ả n   p h ẩ m   h ữ u   c ơ     m A + m B + m C = 0 , 2 . 44 + 0 , 1 . 56 + 1 , 1 . 160 = 30 , 4 ( g )