Gọi CTTQ của A là $C_nH_{2n-2}$

Theo gt ta có: $n_{CO_2}=0,06(mol)$

Ta có: $n_{ktua}=n_{ankin}=\frac{0,06}{n}(mol)\Rightarrow M_{kt}=49n$

Lập bảng biện luận thì suy ra A là $C_3H_6$

A thuộc dãy đồng đẳng của axetilen -> A là ankin

Gọi CTTQ của A:C_nH_2n-2

A là axetilen(ko thỏa mãn)

=> \(n\ge3\)

\(n_{CO_2}=0,06mol\)

Bảo toàn C: \(\dfrac{n_A}{n_{CO_2}}=\dfrac{1}{n}\Rightarrow n_A=\dfrac{0,06}{n}\)

Để A phản ứng được với AgNO₃/NH₃ thì A là ank-1-in(ankin có liên kết ba ở đầu mạch cacbon)

\(C_nH_{2n-2}+AgNO_3+NH_3\rightarrow C_nH_{2n-3}Ag\downarrow+NH_4NO_3\)

\(\Rightarrow n_A=n_{kt}=\dfrac{0,06}{n}\)

2,94g=m_kt=n_kt.M_kt=\(\dfrac{0,06}{n}\times\left(12n+2n-3+108\right)\)

Giải ra ta được n=3

Khi đó CTPT của A: C₃H₄

CTCT của A: \(CH\equiv C-CH_3\)

n CO2 = 11/44 = 0,25 mol

vì A tác dụng được với AgNo3/NH3 nên A là ankin đầu mạch

gọi A là \(C_nH_{2n-2}\)

số mol A: 3,4/(12n+2n-2)=3,4/14n-2

\(C_nH_{2n-2}+\dfrac{3n-1}{2}O_2\rightarrow nCO_2+\left(n-1\right)H_2O\)

\(\dfrac{3,4}{14n-2}\)                           \(0.25\)

suy ra \(\dfrac{3,4}{14n-2}=\dfrac{0.25}{n}\Rightarrow n=5\Rightarrow CTPT:C_5H_8\)

A tác dụng H2 dư xúc tác Ni cho ra \(C_5H_{12}\)

suy ra CTCT A là : \(CH\equiv C-CH\left(CH_3\right)-CH_3\)

Không biết đề có cho 2 hidrocacbon kế tiếp nhau trong dãy đồng đẳng không bạn nhỉ?

Ta có: \(n_{CO_2}=n_{CaCO_3}=\dfrac{12,5}{100}=0,125\left(mol\right)\)

m _giảm = m_CaCO3 - m_CO2 - m_H2O

⇒ m_H2O = 12,5 - 0,125.44 - 3,85 = 3,15 (g)

\(\Rightarrow n_{H_2O}=\dfrac{3,15}{18}=0,175\left(mol\right)\)

Có: n_H2O > n_CO2 → X là ankan.

⇒ n_X = 0,175 - 0,125 = 0,05 (mol)

Gọi CTPT chung của X là \(C_{\overline{n}}H_{2\overline{n}+2}\)

\(\Rightarrow\overline{n}=\dfrac{n_{CO_2}}{n_X}=2,5\)

Mà: 2 hidrocacbon kế tiếp nhau trong dãy đồng đẳng.

→ C₂H₆ và C₃H₈.

Đáp án C

Bảo toàn nguyên tố oxi:

Đặt ankan là

ankin là  

Ta có hệ

Bảo toàn khối lượng ta được:

Suy ra hỗn hợp ban đầu tạo 

14,7.2=29,4 gam kết tủa

Mkết tủa  

Suy ra ankin là C3H4; ankan là C2H6

Gọi công thức phân tử của A, B là C x H y O

Phương trình hoá học:

C x H y O  + (x +y/4 -1/2) O 2  → x CO 2 + y/2 H 2 O

n CO 2  = 17,6/44 = 0,4 mol;  n H 2 O  = 9/18 = 0,5 mol (1)

m C  = 0,4.12 = 4,8 gam;  m H  = 0,5.2 = 1g (2)

Từ (1), (2)

→ x : y : 1 = 4,8/12 : 1/1 : 1,6/16 = 0,4 : 1 : 0,1

Vậy  m O  = 7,4 - 4,8 - 1,0 = 1,6 (gam)

=> Công thức phân tử của A, B là C 4 H 10 O

Ta có M A , B  = 74 (g/mol)

n A , B  = 7,4/74 = 0,1 mol

Khi phản ứng với Na có khí bay ra → trong A, B có nhóm OH.

Phương trình hoá học :

C 4 H 9 OH + Na →  C 4 H 9 ONa + 1/2 H 2

Vậy số mol có nhóm OH là 2 n H 2  = 2. 0,672/22,4 = 0,06 <  n A , B

→ trong A, B có 1 chất không có nhóm OH → Cấu tạo tương ứng là

Chất không có nhóm OH :

Đáp án C

Tính được số mol mỗi chất là 0,01

Từ dữ kiện kết tủa thu được lớn hơn 4 gam suy ra được C₃H₄ và C₄H₄ đều có liên kết ba đầu mạch