Ta có Cùng điều kiện -> Quy số lít về số mol.n(hh ban đầu) = 20 mol; n(hh sau) = 16 lít

=> H2 phản ứng mất 4 lít => C2H2 có 2 lít và CH4 có 8 lít

a.\(n_{hh}=\dfrac{V_{hh}}{22,4}=\dfrac{0,896}{22,4}=0,04mol\)

\(n_{Br_2}=\dfrac{m_{Br_2}}{M_{Br_2}}=\dfrac{8}{160}=0,05mol\)

Gọi \(n_{C_2H_2}\) là x => \(V_{C_2H_2}=22,4x\)

       \(n_{C_2H_4}\) là y => \(V_{C_2H_4}=22,4y\)

\(C_2H_2+2Br_2\rightarrow C_2H_2Br_4\)

  x           2x                 x         ( mol )

\(C_2H_4+Br_2\rightarrow C_2H_4Br_2\)

   y         y                y            ( mol )

Ta có hpt:

\(\left\{{}\begin{matrix}22,4x+22,4y=0,896\\2x+y=0,05\end{matrix}\right.\)   \(\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,01\\y=0,03\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}V_{C_2H_2}=0,01.22,4=0,224\\V_{C_2H_4}=0,03.22,4=0,672\end{matrix}\right.\)

\(\%V_{C_2H_2}=\dfrac{0,224}{0,896}.100=25\%\)

\(\%V_{C_2H_4}=100-25=75\%\)

b.\(m_{Sp}=0,01.186+0,03.346+0,03.188=16,02g\)

( Em cảm ơn anh Kudo Sinichi rất nhiều ạ!! )

CT : CnH2n

nX = 8.96/22.4 = 0.4 (mol) 

m tăng = mX = 22.4 (g)

MX = 22.40.4 56 (g/mol) 

=> 14n = 56 

=> n = 4 

CT : C4H8 

TN2 : 

nC4H8 = 11.2/56 = 0.2 (mol) 

nBr2 = 0.25*2 = 0.3 (mol) 

C4H8 + Br2 => C4H8Br2

dd Y :  Br2 dư , C4H8Br2 

n_C4H8(ct) = 0.3 - 0.2 = 0.1 (mol) 

V_X = 2.24 (l) 

Theo gt ta có: $n_{X}=0,4(mol);m_{X}=22,4(g)$

Suy ra X có CTPT là $C_4H_8$

Ta có: $n_{X}=0,2(mol);n_{Br_2}=0,5(mol)$

$C_4H_8+Br_2\rightarrow C_4H_8Br_2$

Do đó sau phản ứng dung dịch còn 0,3mol $Br_2$

Để làm mất màu hoàn toàn cần sử dụng 6,72(l) X 

\(n_{Br_2}=n_{C_2H_4}=0.1\cdot2=0.2\left(mol\right)\)

\(n_{hh}=\dfrac{6.72}{22.4}=0.3\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow n_{CH_4}=0.3-0.2=0.1\left(mol\right)\)

\(C_2H_4+Br_2\rightarrow C_2H_4Br_2\)

\(\%CH_4=\dfrac{0.1}{0.3}\cdot100\%=33.33\%\)

\(\%C_2H_4=66.67\%\)

\(m_Q=\left(7,7.2\right).0,1=1,54\left(g\right)\)

=> m_T = 1,54 (g)

Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CH_4}=a\left(mol\right)\\n_{C_2H_4}=b\left(mol\right)\\n_{H_2}=c\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}a+b+c=0,11\left(1\right)\\16a+28b+2c=1,54\left(2\right)\end{matrix}\right.\)

n_giảm = n_H2(pư) = 0,11 - 0,1 = 0,01 (mol)

\(n_{Br_2}=\dfrac{4,8}{160}=0,03\left(mol\right)\)

Bảo toàn liên kết: b = 0,01 + 0,03 = 0,04 (mol) (3)

(1)(2)(3) => a = 0,02 (mol); b = 0,04 (mol); c = 0,05 (mol)

=> n_H2(Q) = 0,05 - 0,01 = 0,04 (mol)

=> \(\%V_{H_2}=\dfrac{0,04}{0,1}.100\%=40\%\)

a, Ta có \(n_{CH_4}+n_{C_2H_4}=\dfrac{3,36}{22,4}=0,15\left(mol\right)\left(1\right)\)

PT: \(CH_4+2O_2\underrightarrow{t^o}CO_2+2H_2O\)

\(C_2H_4+3O_2\underrightarrow{t^o}2CO_2+2H_2O\)

Theo PT: \(n_{O_2}=2n_{CH_4}+3n_{C_2H_4}=\dfrac{8,96}{22,4}=0,4\left(mol\right)\left(2\right)\)

Từ (1) và (2) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}n_{CH_4}=0,05\left(mol\right)\\n_{C_2H_4}=0,1\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}V_{CH_4}=0,05.22,4=1,12\left(l\right)\\V_{C_2H_4}=0,1.22,4=2,24\left(l\right)\end{matrix}\right.\)

b, \(m_{CH_4}=0,05.16=0,8\left(g\right)\)

c, \(C_2H_4+Br_2\rightarrow C_2H_4Br_2\)

Theo PT: \(n_{Br_2}=n_{C_2H_4}=0,1\left(mol\right)\Rightarrow V_{ddBr_2}=\dfrac{0,1}{1}=0,1\left(l\right)\)

\(m_{C_2H_4}=0,1.28=2,8\left(g\right)\)

Gọi số mol C₂H₄, C₂H₂ là a, b (mol)

=> a + b = \(\dfrac{13,44}{22,4}=0,6\) (1)

n_Br2 = 0,8.1 = 0,8 (mol)

PTHH: C₂H₄ + Br₂ --> C₂H₄Br₂

               a----->a

            C₂H₂ + 2Br₂ --> C₂H₂Br₄

               b----->2b

=> a + 2b = 0,8 (2)

(1)(2) => a = 0,4 (mol); b = 0,2 (mol)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}\%V_{C_2H_4}=\dfrac{0,4}{0,6}.100\%=66,67\%\\\%V_{C_2H_2}=\dfrac{0,2}{0,6}.100\%=33,33\%\end{matrix}\right.\)