Đáp án B

Đáp án D

0,02 mol T dạng H₂NC_nH_2nCOOH + NaOH → hỗn hợp G + H₂O.

bảo toàn Na có ∑n_{NaOH dùng} = ∑n_{Na trong G} = 2n_Na2CO₃ = 0,06 mol.

♦ đốt:

bảo toàn nguyên tố H có: 2n = (0,1 × 2 – 0,04 – 0,02 × 2) ÷ 0,02 = 6 ⇒ n = 3.

⇒ T có dạng H₂NC₃H₆COOH ứng với 5 đồng phân cấu tạo thỏa mãn:

Đáp án C

Gọi X có CTPT dạng (NH₂)_nR(COOH)_m

Nhận thấy n_X : n_HCl = 0,1: 0,1= 1:1 → Trong X chứa một nhóm NH₂ (n= 1). Loại đáp án B.

Bảo toàn khối lượng ta có m_X = 18,35-0,1×36,5= 14,7 gam → M_X = 147 ( Thấy chỉ có D mới thỏa mãn → Đáp án D).

Trong 22,05 gam X có n_X= 22,05 : 147 = 0,15 mol → n_muối = 0,15 mol. M_NH2R(COONa)m = 191.

Khi thay thế H bằng 1 nguyên tử Na thì phân tử khối của muối tăng lên 22 đơn vị so với aminoaxit .
Mà M_NH2R(COONa)m - M_X = 191-147 = 44 → X có 2 nhóm COOH.

Ta có 16 + R + 45×2= 147 → R = 41 (C₃H₅). Vậy X có cấu tạo HOOC- CH₂-CH₂-CH(NH₂)-COOH. Đáp án C

Chọn đáp án A

Cách 1: Biến đổi peptit – quy về đipeptit giải đốt cháy kết hợp thủy phân

n N a O H = 0,52 mol; n H C l = 0,08 mol ⇒ ∑ n a m i n o   a x i t = 0,52 – 0,08 = 0,44 mol.

☆ quy đốt 0,22 mol đipeptit E 2 cần 2,22 mol O 2 (đốt G, E đều cần cùng lượng O 2 ).

⇒ n C O 2 = n H 2 O = (0,22 × 3 + 2,22 × 2) ÷ 3 = 1,7 mol ⇒ m E 2 = 40,52 gam.

☆ 0,22 mol E 2 + 0,52 mol NaOH + 0,08 mol HCl → m gam muối G + (0,22 + 0,08) mol H 2 O .

⇒ BTKL có m = 40,52 + 0,52 × 40 + 0,08 × 36,5 – 0,3 × 18 = 58,84 gam → Chọn A. ♥

Cách 2: tham khảo: tranduchoanghuy

n N a O H   d ư   =   n H C l   = 0,08 mol. Quy muối trong G về C 2 H 4 N O 2 N a ,   C H 2 , NaCl.

⇒ n C 2 H 4 N O 2 N a = n N a O H   p h ả n   ứ n g = 0,65 × 0,8 – 0,08 = 0,44 mol. Do NaCl không bị đốt.

⇒ n O 2 = 2,25. n C 2 H 4 N O 2 N a + 1,5. n C H 2 ⇒ n C H 2 = (2,22 – 2,25 × 0,44) ÷ 1,5 = 0,82 mol.

⇒ G gồm 0,44 mol C 2 H 4 N O 2 N a ; 0,82 mol C H 2 và 0,08 mol NaCl.

⇒ m = 0,44 × 97 + 0,82 × 14 + 0,08 × 58,5 = 58,84 gam

Đáp án B

amino axit T mạch hở chứa 1 nhóm NH₂ và 1 nhóm COOH ⇒ dạng H₂NC_nH_mCOOH.

0,04 mol T + NaOH → 0,04 mol G là H₂NC_nH_mCOONa.

♦ giải đốt: 0,04 mol H₂NC_nH_mCOONa + O₂ → t 0 0,02 mol

Na₂CO₃ + 0,06 mol CO₂ + 0,08 mol H₂O + 0,02 mol N₂.

(biết số mol Na₂CO₃ theo bảo toàn Na, biết N₂ theo bảo toàn N).

||⇒ bảo toàn C: ∑số C_{trong muối} = (0,02 + 0,06) ÷ 0,04 = 2 ⇒ n = 1.

bảo toàn H có ∑số H_{trong muối} = 0,08 × 2 ÷ 0,04 = 4 ⇒ m = 2.

⇒ công thức của T là H₂NCH₂COOH → là Glyxin, M = 75

Đáp án A

0,04 mol E dạng H₂NC_nH_mCOOH + 0,1 mol NaOH → chất rắn khan T gồm:

{0,04 mol H₂NC_nH_mCOONa + 0,06 mol NaOH} + 0,04 mol H₂O.

bảo toàn nguyên tố có: n_Na2CO₃ = ½.n_NaOH = 0,05 mol || n_N2 = ½.n_T = 0,02 mol.

♦ đốt T + O₂ → t 0 0,05 mol Na₂CO₃ + 0,07 mol CO₂ + 0,15 mol H₂O + 0,02 mol N₂.

bảo toàn nguyên tố C có ∑n_{C trong T} = n_Na2CO₂ + n_CO2 = 0,12 mol ⇒ ∑số C trong T = 3 ⇒ n = 2.

bảo toàn nguyên tố H có ∑n_{H trong T} = 2n_H2O – n_{NaOH dư} = 0,24 mol ⇒ ∑số H trong T = 6 ⇒ m = 4.

Vậy E có dạng H₂NC₂H₄COOH tương ứng có 2 đồng phân cấu tạo thỏa mãn là:

H₂NCH₂CH₂COOH (axit β–aminopropionic) và CH₃CH(NH₂)COOH (axit α–aminopropionic)

2 đồng phân

Đáp án A

X là một α-amino axit no, chỉ chứa một nhóm –NH₂ và một nhóm –COOH

cấu tạo của amino axit X có dạng H₂N–R–COOH. Phản ứng với NaOH:

H₂N–R–COOH + NaOH → H₂N–R–COONa + H₂O.

tăng giảm khối lượng có n_X = (12,5 – 10,3) ÷ 22 = 0,1 mol

⇒ M_X = R + 61 = 10,3 ÷ 0,1 = 103 ⇒ R = 42 = 14 × 3 ⇄ gốc (CH₂)₃

⇒ cấu tạo của α-amino axit X là: CH₃CH₂CH(NH₂)COOH.

Chọn đáp án A.

Chọn A