Đáp án B

amino axit T mạch hở chứa 1 nhóm NH₂ và 1 nhóm COOH ⇒ dạng H₂NC_nH_mCOOH.

0,04 mol T + NaOH → 0,04 mol G là H₂NC_nH_mCOONa.

♦ giải đốt: 0,04 mol H₂NC_nH_mCOONa + O₂ → t 0 0,02 mol

Na₂CO₃ + 0,06 mol CO₂ + 0,08 mol H₂O + 0,02 mol N₂.

(biết số mol Na₂CO₃ theo bảo toàn Na, biết N₂ theo bảo toàn N).

||⇒ bảo toàn C: ∑số C_{trong muối} = (0,02 + 0,06) ÷ 0,04 = 2 ⇒ n = 1.

bảo toàn H có ∑số H_{trong muối} = 0,08 × 2 ÷ 0,04 = 4 ⇒ m = 2.

⇒ công thức của T là H₂NCH₂COOH → là Glyxin, M = 75

Đáp án D

0,02 mol T dạng H₂NC_nH_2nCOOH + NaOH → hỗn hợp G + H₂O.

bảo toàn Na có ∑n_{NaOH dùng} = ∑n_{Na trong G} = 2n_Na2CO₃ = 0,06 mol.

♦ đốt:

bảo toàn nguyên tố H có: 2n = (0,1 × 2 – 0,04 – 0,02 × 2) ÷ 0,02 = 6 ⇒ n = 3.

⇒ T có dạng H₂NC₃H₆COOH ứng với 5 đồng phân cấu tạo thỏa mãn:

Đáp án B

BTNT(Cl):  n N a C l = n H C l = 0 , 1

n N H 2 - R - C O O N a = n N H 2 - R - C O O H = 0 , 06

BTNT(Na):  n N a O H ( Y ) = 0 , 2 - 0 , 06 - 0 , 1 = 0 , 04

→ 0 , 06 ( R + 83 ) + 0 , 04 . 40 + 0 , 1 . 58 , 5 = 15 , 79 → R = 56 → M X = 117 → V a l i n

Chọn đáp án C

Cách 1:: Biến đổi peptit – quy về đipeptit giải đốt cháy kết hợp thủy phân

☆ đốt đipeptit C 2 n H 4 n N 2 O 3   +   15   m o l   O 2   → t 0   12   m o l   C O 2   +   12   m o l   H 2 O   +   ?   N 2 .

(giả thiết cho tỉ lệ 5 : 4 nên cho O₂ là 15 mol thì tương ứng n C O 2 = n H 2 O = 12 mol).

bảo toàn O có n đ i p e p t i t = (12 × 3 – 15 × 2) ÷ 3 = 2 mol ⇒ n = 12 ÷ 4 = 3

⇒ cho biết α–amino axit là Alanin: C 3 H 7 N O 2

⇒ thủy phân 0,04 mol Q 5 + HCl (vừa đủ) + H 2 O → 0,2 mol C 3 H 7 N O 2 . H C l

⇒ m = 0,2 × (89 + 36,5) = 25,1 gam. Chọn đáp án C. ♣.

Cách 2: Giải theo công thức tổng quát của peptit:

Amino axit dạng: C n H 2 n   +   1 N O 2   n   ≥   2 ⇒ công thức của tetrapeptit Q là C 4 n H 8 n   –   2 N 4 O 5 .

Phương trình cháy: C 4 n H 8 n   –   2 N 4 O 5 + 6 n   –   3 O 2 → 4n C O 2 + 4 n   –   1 H 2 O   + 2 N 2 .

⇒ 6n – 3 = 5 4 × 4n ⇒ n = 3 ⇒ amino axit là Ala ⇒ m = 0,04 × 5 × 125,5 = 25,1 gam.

Chọn đáp án A

Cách 1: Biến đổi peptit – quy về đipeptit giải đốt cháy kết hợp thủy phân

n N a O H = 0,52 mol; n H C l = 0,08 mol ⇒ ∑ n a m i n o   a x i t = 0,52 – 0,08 = 0,44 mol.

☆ quy đốt 0,22 mol đipeptit E 2 cần 2,22 mol O 2 (đốt G, E đều cần cùng lượng O 2 ).

⇒ n C O 2 = n H 2 O = (0,22 × 3 + 2,22 × 2) ÷ 3 = 1,7 mol ⇒ m E 2 = 40,52 gam.

☆ 0,22 mol E 2 + 0,52 mol NaOH + 0,08 mol HCl → m gam muối G + (0,22 + 0,08) mol H 2 O .

⇒ BTKL có m = 40,52 + 0,52 × 40 + 0,08 × 36,5 – 0,3 × 18 = 58,84 gam → Chọn A. ♥

Cách 2: tham khảo: tranduchoanghuy

n N a O H   d ư   =   n H C l   = 0,08 mol. Quy muối trong G về C 2 H 4 N O 2 N a ,   C H 2 , NaCl.

⇒ n C 2 H 4 N O 2 N a = n N a O H   p h ả n   ứ n g = 0,65 × 0,8 – 0,08 = 0,44 mol. Do NaCl không bị đốt.

⇒ n O 2 = 2,25. n C 2 H 4 N O 2 N a + 1,5. n C H 2 ⇒ n C H 2 = (2,22 – 2,25 × 0,44) ÷ 1,5 = 0,82 mol.

⇒ G gồm 0,44 mol C 2 H 4 N O 2 N a ; 0,82 mol C H 2 và 0,08 mol NaCl.

⇒ m = 0,44 × 97 + 0,82 × 14 + 0,08 × 58,5 = 58,84 gam

Chọn đáp án D

Chọn B

Đáp án B