Đáp án A

Tổng số NO₂ và O₂ thu được

n_NO2 = x  +2y

n_O2 = 0,5x  +0,5y

Đáp án A

Tổng số NO₂ và O₂ thu được:

nNO₂ = x +2y

nO₂ = 0,5x + 0,5y

Đáp án A.

C₂H₆ và C₄H₁₀

Đáp án A

Đặt CTC của hai ankan X và Y lần lượt là C_nH_{2n + 2} và C_mH_{2m + 2}

Đặt n_{CnH2n + 2} = 1 mol; n_{CmH2m + 2} = 4 mol.

→ ( 14 n   +   2 ) . 1   +   ( 14 m   +   2 ) .   4 5   =   52 , 4  → n + 4m = 18

Biện luận → n = 2, m = 4 → X và Y lần lượt là C₂H₆ và C₄H₁₀

a) Gọi số mol O₂, CO₂, Y là a, 2a, 3a (mol)

\(\overline{M}_X=26.2=52\left(g/mol\right)\)

=> \(n_X=\dfrac{31,2}{52}=0,6\left(mol\right)\)

=> a + 2a + 3a = 0,6 

=> a = 0,1

Có: 0,1.32 + 0,2.44 + 0,3.M_Y = 31,2 

=> M_Y = 64 (g/mol)

b) Giả sử Y tạo bởi 2 nguyên tố A, B

CTHH: A₂B

Do số hạt mang điện gấp 2 lần số hạt không mang điện 

=> 4p_A + 2p_B = 2.(2n_A + n_B)

=> 2p_A + p_B = 2n_A + n_B (1)

M_Y = 64 (g/mol)

=> 2.M_A + M_B = 64

=> 2(p_A + n_A) + p_B + n_B = 64

=> 2p_A + p_B + 2n_A + n_B = 64 (2)

Thay (1) vào (2) 

=> 4p_A + 2p_B = 64

=> 2p_A + p_B = 32

- TH1: Nếu p_A = 2.p_B 

=> p_A = 12,8 (L)

- TH2: Nếu 2.p_A = p_B

=> p_A = 8(Oxi); p_B = 16 (Lưu huỳnh)

=> CTHH có dạng O₂S hay SO₂

c) \(\overline{M}_T=28\left(g/mol\right)\)

Gọi khối lượng T cần thêm là a (g)

=> \(n_T=\dfrac{a}{28}\left(mol\right)\)

m_Z = 31,2 + a (g)

n_Z = \(0,6+\dfrac{a}{28}\left(mol\right)\)

=> \(\overline{M}_Z=\dfrac{31,2+a}{0,6+\dfrac{a}{28}}=10,6.4=42,4\left(g/mol\right)\)

=> a = 11,2 (g)

¯¯¯¯¯¯MZ=

a) Gọi số mol O₂, CO₂, Y là a, 2a, 3a (mol)

¯¯¯¯¯¯MX=26.2=52(g/mol)M¯X=26.2=52(g/mol)

=> nX=31,252=0,6(mol)nX=31,252=0,6(mol)

=> a + 2a + 3a = 0,6 

=> a = 0,1

Có: 0,1.32 + 0,2.44 + 0,3.M_Y = 31,2 

=> M_Y = 64 (g/mol)

b) Giả sử Y tạo bởi 2 nguyên tố A, B

CTHH: A₂B

Vì số hạt mang điện gấp 2 lần số hạt không mang điện 

=> 4p_A + 2p_B = 2.(2n_A + n_B)

=> 2p_A + p_B = 2n_A + n_B (1)

M_Y = 64 (g/mol)

=> 2.M_A + M_B = 64

=> 2(p_A + n_A) + p_B + n_B = 64

=> 2p_A + p_B + 2n_A + n_B = 64 (2)

Thay (1) vào (2) 

=> 4p_A + 2p_B = 64

=> 2p_A + p_B = 32

- TH1: Nếu p_A = 2.p_B 

=> p_A = 12,8 (L)

- TH2: Nếu 2.p_A = p_B

=> p_A = 8(Oxi); p_B = 16 (Lưu huỳnh)

=> CTHH có dạng O₂S hay SO₂

c) ¯¯¯¯¯¯MT=28(g/mol)M¯T=28(g/mol)

Gọi khối lượng T cần thêm là a (g)

=> nT=a28(mol)nT=a28(mol)

m_Z = 31,2 + a (g)

n_Z = 0,6+a28(mol)0,6+a28(mol)

=> ¯¯¯¯¯¯MZ=31,2+a0,6+a28=10,6.4=42,4(g/mol)M¯Z=31,2+a0,6+a28=10,6.4=42,4(g/mol)

=> a = 11,2 (g)

Chọn 3 mol hỗn hợp X. Nếu tỉ lệ n_butan : n_heptan =1:2

=> m_X = 58 + 2.100 = 258 (g)

Nhận xét: Bài toán này không khó nhưng chúng ta dễ mắc sai lầm ở phần tỉ lệ số mol 2 chất

Đáp án D

Số mol của các muối trong X lần lượt là x ; 4y ; y . Các phản ứng nhiệt phân :

2Fe(NO3)2 → Fe2O3 + 4NO2 + ½ O2

Ca(NO3)2 → Ca(NO2)2 + O2

AgNO3 → Ag + NO2  + ½ O2

n O2 = (0,25x + 3y) mol ; n NO2 = (2x + 4y) mol

Khi cho khí vào nước dư không có khí thoát ra => NO2 phản ứng vừa đủ với O2

2NO2 + ½ O2 + H2O → 2HNO3

4(0,25x + 3y) = 2x + 4y => x = 8y

=>%m Fe(NO3)2 = 63,05%

=>D

Đáp án : C

Xét X gồm 1 mol Butan và 2 mol Heptan => m_X = 258g => M_X = 86g

C₄H₁₀ và C₇H₁₆ khí cracking có dạng :

Ankan -> anken + ankan_mới

=> n_{hh sau}  ≥ 2n_X => M_Y ≤ ½ M_X = 43g

Trường hợp tạo ra nhiều sản phẩm nhất là :

C₄H₁₀ -> C₂H₄ + C₂H₆

C₇H₁₆ -> 3C₂H₄ + CH₄

=> n_Y = 10 mol  => M_Y = 3M_X/10 = 25,8

=> 25,8 ≤ M_Y ≤ 43

Quan sát 4 đáp án ta đã nhận thấy hơi hướng của việc đánh giá để thu được bất phương trình cho khoảng giá trị.

Chọn X gồm 1 mol butan và 2 mol heptan. Ta có:  M X ¯   =   58 . 1   +   100 + 2 1   +   2 = 86

Quá trình crackin diễn ra đối với hỗn hợp X gồm C₄H₁₀ và C₇H₁₆.

Khi crackin C₇H₁₆ thì ankan mới thu được cũng có thể tiếp tục bị crackin để tạo ra các ankan và anken mới.

Khi đó viết các lần lượt các phương trình phản ứng để quan sát và đánh giá thì rất mất thời gian.

Để cho đơn giản hơn ta sẽ thực hiện tóm tắt các quá trình phản ứng theo so đồ:

Khi crackinh thì:

Quan sát sơ đồ trên ta nhận thấy:

C₄H₁₀ khi bị crackinh chỉ có thể qua một lần crackinh. Sau phản ứng thu đuợc ankan và anken mới với số mol bằng số mol C₄H₁₀ bị crackinh nên hỗn hợp sau phản ứng có số mol gấp đôi số mol ban đầu.

C₇H₁₆ khi bị crackinh hoàn toàn thì tối thiểu có một lần crackinh (như khi sản phẩm là (C₆H₁₂,CH₄), (C₅H₁₀, C₂H₆) và tối đa 3 lần crackinh

Do đó khi crackinh hoàn toàn C₇H₁₆ thì số mol hỗn hợp thu được có thể gấp đôi hoặc gấp 4 lần số mol C₇H₁₆ ban đầu. Kết hợp crackinh 2 chất ta có:

Đáp án D