Đáp án C

Định hướng tư duy giải

Ta có: 

Chọn đáp án C.

Ta có : 

Chú ý:

+ Với những bài toán đốt cháy muối nên tách muối thành Na₂O và CO₂.

+ Phương trình dồn chất để tìm x = 0,09 ta dồn CH₂ và phần dư để tận dụng nhanh số mol C là 0,84 vừa tìm được.

Đáp án C

Định hướng tư duy giải

Ta có: 

  n C O 2 =     12 , 32 22 , 4 =   0 , 55   m o l   n H 2 O =     11 , 25 18 =   0 , 625   m o l

Y và Z đều có k = 1. Công thức chung của Y, Z là  C n ¯ H 2 n ¯ + 2 − 2.1 + 1 O 2 N hay  C n ¯ H 2 n ¯ + 1 O 2 N

Đốt cháy:    C H 2 + 1 O 2 N → n → ¯   C O 2   +       n ¯ +   0 , 5 H 2 O

→   n   h ỗ n   h ợ p   = n H 2 O   −   n C O 2 0 , 5       =   0 , 625 − 0 , 55 0 , 5   =   0 , 15   m o l

Vì hỗn hợp X cả 2 chất đều có 1 nguyên tử N nên  n N   ( t r o n g   X )   =   n X   =   0 , 15   m o l

Hỗn hợp X cả 2 chất đều có 2 nguyên tử O nên:  n O   ( t r o n g   X )   =   2 n X   =   0 , 3   m o l

BTKL ta có:  m X   =   m C   +   m H   +   m N   =   0 , 55.12   +   0 , 625.2   +   0 , 15.14   +   0 , 3.16   =   14 , 75   g a m .

Đáp án cần chọn là: C

Trong 0,16 mol E chứa x mol X và y mol Y

n_E = x + y = 0,16

n_NaOH = 2x + 3y= 0,42

=> x = 0,06 và y = 0,1 (mol)

=> n_X : n_Y = 3: 5

Trong m gam E chứa X (3e mol) và Y (5e mol).

X = C₃H₆(OH)₂ + 2HCOOH + ?CH₂ – 2H₂O

Y = C₃H₅(OH)₃ + 3HCOOH + ?CH₂ – 3H₂O - 3H₂

Quy đổi m gam E thành:

C₃H₆(OH)₂: 3e

C₃H₅(OH)₃: 5e

HCOOH: 21e

CH₂: u

H₂: -15e

H₂O: -21e

n_O2 = 4.3e + 3,5.5e + 0,5.21e + 1,5u – 0,5.1,5e = 0,5

n_CO2 = 3.3e + 3.5e + 21e + u = 0,45

=> e = 0,005 và u = 0,225

n _{muối no} = 6e = 0,03 (mol)

n _{muối không no} = 15e = 0,075 (mol)

Muối no và muối không no có tương ứng k và g nhóm CH₂.

n_CH2 = 0,03k + 0,075g = 0,225

=> 2k + 5g = 15

Do k > 1 và g ≥ 2 nên k = 2,5 và g = 2 là nghiệm duy nhất.

Vậy muối no gồm HCOONa: 0,03 (mol) ; CH₂: 0,03k = 0,075 (mol)

=> m _{muối no} = 3,09

Tỉ lệ: 8e mol E → 3,09 gam muối no

=> 0,16 mol E → a gam muối no

=> a = 12,36 (g)

Đáp án cần chọn là: C

Tham khảo cách làm bài này nhé bạn :

Hai ancol là C₃H₅(OH)₃ và C₃H₆(OH)₂

​Trong E có x mol X và y mol Y

​TN2​x + y = 0,16

​​2x + 3y = 0,42  à x = 0,06 và y = 0,1

​TN1 có 0,6b mol X và b mol Y và c mol H₂O

​​Bảo toàn O : 0,6b.4 + 6b + 0,5.2 = 0,45.2 + c à 8,4b –c = – 0,1

​​Bảo toàn pi : c + 0,6b.2 + b.6 = 0,45 + 0,6b + b à 5,6b + c = 0,45

​​à b = 0,025 và c = 0,31 à nE = 0,04 à nO (E) = 0,21

​​m1 (E) = 0,45.12 + 0,31.2 + 0,21.16 = 9,38 à m2 (E) = 9,38.4 = 37,52

​TN2     ​m muối = 37,52 + 0,42.40 – 0,06.76 – 0,1.92 = 40,56

​Gọi công thức muối no là R1COONa và muối không no là R2COONa

​​m muối = 0,12 (R1 + 67) + 0,3(R2 + 67) = 40,56

​​0,12R1 + 0,3R2 = 12,42

​Nghiệm phù hợp là R2 = 27 và R1 = 36 (là trung bình cộng của 29 và 43)

​​Giá trị a = 0,12 (36 + 67) = 12,36

Chọn đáp án B

Cách 1: Biến đổi peptit – quy về đipeptit giải đốt cháy kết hợp thủy phân

0,1 mol T → 0,56 mol amino axit ⇔ 0,28 mol đipeptit ⇒ cần 0,18 mol H 2 O để biến đổi.

⇒ phương trình biến đổi: 1T + 1,8 H 2 O → 2,8 E 2 đ i p e p t i t   d ạ n g   C m H 2 m N 2 O 3 .

đốt cháy (13,2 + 32,4x) gam đipeptit E 2 (⇔ 2,8x mol) cần 0,63 mol O 2

⇒ thu được: n C O 2 = n H 2 O = (0,63 × 2 + 2,8x × 3) ÷ 3 = (2,8x + 0,42) mol.

⇒ m đ i p e p t i t = 13,2 + 32,4x = 14 × (2,8x + 0,42) + 76 × (2,8x) ⇒ giải x = 1/30 mol.

đồng nhất số liệu toàn bộ về 0,1 mol T (gấp 3 lần các số liệu ở phản ứng đốt cháy).

• ∑ n a m i n o   a x i t   ÷   n T = 5,6 cho biết T gồm 0,04 mol peptapeptit E₅ và 0,06 mol hexapeptit E 6

• 0 , 42 C X   +   0 , 14 C Y = ∑ n C O 2 = 1,54 ⇔ 3 C X   +   C Y = 11.

⇒ C X = 2 và C Y = 5 (do M X   <   M Y nên trường hợp C X = 3; C Y = 2 loại).

⇒ T gồm 0,04 E 5 dạng G l y a V a l 5   –   a và 0,06 mol E 6 dạng G l y b V a l 6   –   b

⇒ ∑ n G l y = 0,04a + 0,06b = 0,42 ⇔ 2a + 3b = 21 (điều kiện: 1 ≤ a ≤ 4; 1 ≤ b ≤ 5).

⇒ nghiệm nguyên duy nhất thỏa mãn là a = 3; b = 5 ⇒ T 1 ≡ E 5   l à   G l y 3 V a l 2

⇒ Phân tử khối của peptit T 1 bằng 75 × 3 + 117 × 2 – 4 × 18 = 386 → chọn đáp án B. ♦.

Cách 2: tham khảo: tranduchoanghuy

Quy T về C 2 H 3 N O ,   C H 2 ,   H 2 O . Xét 0,1 mol T: n H 2 O = n T = 0,1 mol.

n C 2 H 3 N O = n X   +   n Y = 0,42 + 0,14 = 0,56 mol. Đặt n C H 2 = x mol.

Giả sử 13,2 gam T gấp k lần 0,1 mol T ⇒ 13,2 gam T chứa 0,56k mol C 2 H 3 N O ,

kx mol C H 2 , 0,1k mol H 2 O ⇒ m T = 13,2 = 57 × 0,56k + 14kx + 18 × 0,1k

n O 2 = 2,25. n C 2 H 3 N O + 1,5. n C H 2 ⇒ 0,63 = 2,25 × 0,56k + 1,5kx

Giải hệ có: k = 1/3; kx = 0,14 ⇒ x = 0,14 ÷ 1/3 = 0,42 mol.

• TH₁: ghép 1 C H 2   vào X ⇒ X là Ala và Y là Gly ⇒ M X   >   M Y → trái giả thiết → loại.!

• TH₂: ghép 0,42 ÷ 0,12 = 3 nhóm C H 2 vào Y ⇒ X là Gly và Y là Val → ổn.!

Lại có: số mắt xích trung bình = 0,56 ÷ 0,1 = 5,6 ⇒ T 1 là pentapeptit và T 2 là hexapeptit.

đến đây giải + biện luận tìm T 1 và T 2 như cách 1