Đáp án B

Giả sử có 1 mol A.

Ta có m_A = m_B → n_B = 0,45 mol

Ta có n_H2pư = n_A - n_B = 0,55 mol

Nếu H₂ hết thì trong A chứa 0,45 mol hỗn hợp anken và ankin và 0,55 mol H₂

→ M_tb= 7 , 8 . 2 - 0 . 55 . 2 0 , 45  = 32,22

→ không có hợp chất anken và ankin có cùng số C thỏa mãn

Nếu H₂ dư là 0,45-x mol → số mol ankan:C_nH_2n+2 là x mol

Ta có m_B = m_H2 + m_ankan

→ 2(0,45-x) + x.(14n + 2)= 7,8.2.1 = 15,6

→ 14nx = 14,7(*)

Luôn có n_B> n_ankan > n_H2pư :2

→ 0,45 >x > 0,55: 2= 0,275

Thay n= 2 vào (*) → x = 0,525 (Loại A)

n= 3 → x= 0,35 (thỏa mãn)

n= 4 → x=0,2625 (Loại C)

n= 5 → x= 0,21 (Loại D)

Đốt cháy Y ta có nCO2=0,5 mol và nH2O=0,75 mol

Thấy nCO2 <nH2O

=>Y thuộc dãy đồng đẳng của ankan có CTTQ CnH2n+2

CnH2n+2 +(3n+1)/2O2 =>nCO2 + (n+1)H2O

                                         0,5 mol       0,75 mol

=>0,5(n+1)=0,75n

=>n=2 CTPT Y là C2H6

dY/H2=30/2=15 =>dA/H2=5

=>MA=10 g/mol

Bảo toàn klg mA=mY

=>3nY=nA

Mà pứ xảy ra vừa đủ nên nX/nH2=1/2

=>X là ankin C2H2

Chọn đáp án C

trong T: m_C : m_H = 8 : 1 → số C : số H = 8 ÷ 12 = 2 : 3.

||→ T có dạng C_2nH_3nO_m. este T no, mạch hở nên: 3n = 2 × 2n + 2 – m

||→ m – n = 2. Axit mạch không phân nhánh (⇄ có không quá 2 nhóm chức),

ancol đơn chức → este có không quá 2 nhóm chức → m ≤ 4; m chẵn nên m = 2 hoặc m = 4.

m = 2, n = 0 → loại; m = 4 → n = 2 → T là C₄H₆O₄ → ok.!

khi đó, T chỉ có 2 π_C=O

Chọn đáp án C

trong T: m_C : m_H = 8 : 1 → số C : số H = 8 ÷ 12 = 2 : 3.

||→ T có dạng C_2nH_3nO_m. este T no, mạch hở nên: 3n = 2 × 2n + 2 – m

||→ m – n = 2. Axit mạch không phân nhánh (⇄ có không quá 2 nhóm chức),

ancol đơn chức → este có không quá 2 nhóm chức → m ≤ 4; m chẵn nên m = 2 hoặc m = 4.

m = 2, n = 0 → loại; m = 4 → n = 2 → T là C₄H₆O₄ → ok.!

khi đó, T chỉ có 2 π_C=O

Đáp án : A

1 mol X tráng bạc tạo 2 mol Ag => X không phải là HCHO

1 mol X phản ứng với 2 mol H₂ => X có 1 liên kết C = C trong gốc hidrocacbon => n_C > 2

Mà theo đề bài : n_C< 4 => n_C = 3 ( C₂H₃CHO có M = 56g )

Chọn đáp án D.

Chọn đáp án D

X → H C O O C H 3 : x   m o l C O O C H 3 2 : y   m o l C H 2 : z   m o l H 2 : - 0 , 17   m o l → 0 , 17   m o l   H 2 , N i , t 0 H C O O C H 3 : x   m o l C O O C H 3 2 : y   m o l C H 2 : z   m o l

Y → t 0 , 11   m o l   N a O H H C O O N a : x   m o l C O O N a 2 : y   m o l C H 2 : a   m o l + C H 3 O H : x + 2 y m o l C H 2 : b   m o l

a.

BTKL ta có m_X = m_Y => n_X . M_X = n_Y . m_Y

M_X / M_y = n_Y / m_Y =0.75

Đặt n_X = 1 mol => n_Y = 0,75 mol => n_{H2 phản ứng} = 1 – 0,75 = 0,25mol

* TH hidrocacbon là anken: n _anken = n _H2 = 0,25 mol  => n _{H2 trong X} = 0,75 => M = (6,75 – 0,75 . 2)/0,25 = 21 (loại)  * TH là ankin: => n _akin = 0,25/2 = 0,125  => n _{H2 trong X} = 0,875 mol  => M = (6,75 – 0,875 . 2)/0,125 = 40  =>C₃H₄