Do a ≤ 1⇒a² ≤1 và

(1−a²)(1−b) ≤0 ⇒1+a²b² ≥ a²+b

Mà 0 ≤ a , b ≤ 1 ⇒a²≥ a³ ,b²≥ b³

⇒ 1+a²b² ≥ a³ + b³

Tương tự rồi cộng lại ta có được điều phải chứng minh

\(0< a;b;c< 1\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}a^3< a^2< a< 1\\b^3< b^2< b< 1\\c^3< c^2< c< 1\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow\left(1-a\right)\left(1-b^2\right)>0\Rightarrow1+ab^2>a+b^2>a^3+b^3\)

Tương tự: \(1+b^2c>b^3+c^3\); \(1+ca^2>a^3+c^3\)

Cộng vế với vế: \(3+a^2b+b^2c+c^2a>2a^3+2b^3+2c^3\)

Đẳng thức không xảy ra

Dấu >= hay <= vậy bạn? Bạn xem lại đề.

ta có a(1-b) \(\ge\)a²(1-b); b(1-c) \(\ge\)b²(1-c); c(1-a) \(\ge\)c²(1-a)

suy ra (a²+b²+c²)-(a²b+b²c+c²a) \(\le\)a(1-b)+b(1-c)+c(1-a)

=> (a²+b²+c²)-(a²b+b²c+c²a) \(\le\)(a+b+c)-(ab+bc+ca)

mà (1-a)(1-b)(1-c) +abc\(\ge\)0 => 1\(\ge\)(a+b+c)-(ab+bc+ca)

vậy a²+b²+c² \(\le\)1+a²b+b²c+c²a

dấu đẳng thức xảy ra <=> trong 3 số có 1 số bằng 0 và 1 số bằng 1

Ta có: \(a.\left(1-b\right)\ge a^2.\left(1-b\right)\)

          \(b.\left(1-c\right)\ge b^2.\left(1-c\right)\)

          \(c.\left(1-a\right)\ge c^2.\left(1-a\right)\)

Suy ra \(\left(a^2+b^2+c^2\right)-\left(a^2b+b^2c+c^2a\right)\le a.\left(1-b\right)+b.\left(1-c\right)+c.\left(1-a\right)\)

\(\Leftrightarrow\left(a^2+b^2+c^2\right)-\left(a^2b+b^2c+c^2a\right)\le\left(a+b+c\right)-\left(ab+bc+ca\right)\)

Mà \(\left(1-a\right).\left(1-b\right).\left(1-c\right)+abc\ge0\) \(\Rightarrow1\ge\left(a+b+c\right)-\left(ab+bc+ca\right)\)

Vậy \(a^2+b^2+c^2\le1+a^2b+b^2c+c^2a\)

Dấu dẳng thức xảy ra \(\Leftrightarrow\)trong ba số đó có một số bằng 0, một số bằng 1 

Trả lời:

Ta có: \(0\le a,b,c\le1\Rightarrow a.\left(1-a\right).\left(1-b\right)\ge0\)

                                       \(\Leftrightarrow a-ab-a^2+ab\ge0\)

                                       \(\Leftrightarrow a^2b\ge ab-a+a^2\)

Tương tự  \(b^2c\ge bc-b+b^2\)

                 \(c^2a\ge ca-c+c^2\)

\(\Rightarrow a^2b+b^2c+c^2a+1\ge1+ab+bc+ca-a-b-c+a^2+b^2+c^2\)

                                                  \(\ge\left(1-a\right).\left(1-b\right).\left(1-c\right)+abc+a^2+b^2+c^2\)

                                                  \(\ge a^2+b^2+c^2\)

Dấu "=" xảy ra \(\Leftrightarrow\left(a,b,c\right)\in\left\{\left(0,1,1\right),\left(1,0,1\right),\left(1,1,0\right),\left(0,0,1\right),\left(0,1,0\right),\left(1,0,0\right)\right\}\)

Lời giải:
Vì $a,b,c\in [0;1]$ nên: \(a(a-1)(b-1)\geq 0\)

\(\Leftrightarrow a(ab-a-b+1)\geq 0\)

\(\Leftrightarrow a^2b\geq a^2+ab-a\)

Tương tự với \(b^2c; c^2a\) suy ra:

\(a^2b+b^2c+c^2a+1\geq a^2+b^2+c^2+ab+bc+ac+1-a-b-c(1)\)

Lại có:

\((a-1)(b-1)(c-1)\leq 0\)

\(\Leftrightarrow (ab-a-b+1)(c-1)\leq 0\)

\(\Leftrightarrow abc-(ab+bc+ac)+a+b+c-1\leq 0\)

\(\Leftrightarrow ab+bc+ac+1\geq a+b+c+abc\geq a+b+c(2)\) do $abc\geq 0$

Từ \((1);(2)\Rightarrow a^2b+b^2c+c^2a+1\geq a^2+b^2+c^2\) (đpcm)