bổ sung câu c :

theo (1) : nNaOH (pư)=2nCuCl2=0,4(mol)

=>nNaOH(dư)=0,1(mol)

=>mNaOH(dư)=4(g)

a) CuCl2 +2NaOH --> Cu(OH)2 +2NaCl (1)

Cu(OH)2 -t^o-> CuO +H2O (2)

b) n_NaOH=0,5(mol)

lập tỉ lệ :

\(\dfrac{0,2}{1}< \dfrac{0,5}{1}\)

=> CuCl2 hết , NaOH dư => tính theo CuCl2

theo (1) : n_Cu(OH)2=n_CuCl2=0,2(mol)

=>m_Cu(OH)2=19,6(g)

c) theo (1) : n_NaCl=2nCuCl2=0,4(mol)

=>mNaCl=23,4(g)

d) mdd_CuCl2(pư)=\(\dfrac{0,2.135.100}{20}=135\left(g\right)\)

Em dựa vào gợi ý là các PTHH của cô để tự hoàn thành bài giải nhé

CuCl2 + 2NaOH -> Cu(OH)2\(\downarrow\) + 2NaCl

Cu(OH)2 \(\underrightarrow{t^o}\) CuO + H2O

b. Chất không tan sau pứ, được đem đi nung là Cu(OH)2.

c. Trong dd nước lọc còn chứa chất tan là NaOH dư, NaCl.

1.1. Al + NaOH + H2O ==> NaAlO2 + 3/2H2

nH2(1)=3,36/22,4=0.15(mol)

=> nAl(1)= nH2(1):3/2= 0.15:3/2= 0.1(mol)

2.Mg + 2HCl ==> MgCl2 + H2

3.2Al + 6HCl ==> 2AlCl3 + 3H2

4.Fe + 2HCl ==> FeCl2 + H2

=> \(n_{H_2\left(2,3,4\right)}=\) 10.08/22.4= 0.45(mol)

=> nH2(3)=0.1*3/2=0.15(mol)

MgCl2 + 2NaOH ==> Mg(OH)2 + 2NaCl

AlCl3 + 3NaOH ==> Al(OH)3 + 3NaCl

FeCl2 + 2NaOH ==> Fe(OH)2 + 2NaCl

Gọi x,y,z là số mol của \(CuO, Al_2O_3, FeO\)

=> \(80x+102y+72z=6,1\)(1)

A + \(H_2SO_4\) 

\(CuO+H_2SO_4\rightarrow CuSO_4+H_2O\)

\(Al_2O_3+3H_2SO_4\rightarrow Al_2\left(SO_4\right)_3+3H_2O\)

\(FeO+H_2SO_4\rightarrow FeSO_4+H_2O\)

=>x+3y+z=0,13 (2)

B+NaOH dư, lấy kết tủa nung trong không khí

=>Chất rắn là CuO và Fe2O3 do kết tủa của nhôm tan hết trong NaOH dư

\(BTNT(Cu):\)\(n_{CuO}=x\left(mol\right)\)

\(BTNT\left(Fe\right):n_{Fe_2O_3}=\dfrac{1}{2}n_{FeO}=\dfrac{z}{2}\)

=> 80x+\(160.\dfrac{z}{2}\)=3,2 (3)

Từ (1), (2), (3)=>x=0,02 ; y=0,03; z=0,02

\(\Rightarrow m_{CuO}=1,6\left(g\right);m_{Al_2O_3}=3,06\left(g\right);m_{FeO}=1,44\left(g\right)\)

Đáp án B

Số mol AlCl₃ là  n_AlCl3= 0,1.1 = 0,1 (mol)

Số mol Al₂O₃ là  n_Al2O3= 2,55/102 = 0,025 (mol)

Theo pt (3) ta thấy số mol Al(OH)₃ còn lại là 0,05 mol

Như vậy đã có: 0,1 - 0,05 = 0,05 mol Al(OH)₃ đã bị hòa tan.

Từ (1) và (2) số mol NaOH = 3.0,1 + 0,05 = 0,35 (mol)

(NH4)2CO3 + Ba(OH)2 -> BaCO3 + 2 NH3 + 2 H2O

nBa(OH)2= 34,2/171=0,2(mol)

n(NH4)2CO3=0,1(mol)

Ta có: 0,2/1 > 0,1/1

=> Ba(OH)2 dư, (NH4)2CO3 hết => Tính theo n(NH4)2CO3

=> nBaCO3=n(NH4)2CO3= 0,1(mol)

=>m(kết tủa)= mBaCO3=0,1. 197=19,7(g) => m=19,7(g)

nCO2= 2. n(NH4)2CO3=2.0,1=0,2(mol)

=>V(CO2,đktc)= 0,2.22,4=4,48(l) => V=4,48(l)

\(n_{Ba\left(OH\right)_2}=\dfrac{34,2}{171}=0,2\left(mol\right)\)

(NH4)2CO3 + Ba(OH)2→ BaCO3↓ + 2NH3+ 2H2O

 0,1 mol        0,2 mol        0,1 mol        0,2 mol

mBaCO3= 0,1.197= 19,7 gam

\(V_{NH_3}=0,2.22,4=4,48\left(l\right)\)

Đáp án C

Ta có:

 suy ra số mol CO₂ trong Z là 0,05 mol tức O bị khử 0,05 mol.

Gọi số mol Fe₃O₄ và CuO lần lượt là a, b 

Cho Y tác dụng với 1,2 mol HNO₃ thu được khí 0,175 mol khí NO₂.

Bảo toàn N:

Ta có 2 TH xảy ra:

TH1: HNO₃ dư.

TH2: HNO₃ hết.

 nghiệm âm loại.

Đáp án C

Ta có:  n B a C O 3 = 0 , 05   m o l  suy ra số mol CO₂ trong Z là 0,05 mol tức O bị khử 0,05 mol.

Gọi số mol Fe₃O₄ và CuO lần lượt là a, b => 232a+80b= 25,4

Cho Y tác dụng với 1,2 mol HNO₃ thu được khí 0,175 mol khí NO₂.

Bảo toàn N: n N O 3 -   t r o n g   Y =   1 , 2 - 0 , 175 = 1 , 025   m o l   = n N a O H → V = 1 , 025

  Ta có 2 TH xảy ra:

TH1: HNO₃ dư 

a+0,05.2=0,175 =>a=0,075=> b= 0,1 → % F e 3 O 4 = 68 , 5 %

TH2: HNO₃ hết

8a+2b-0,05.2+0,175.3= 1,025 nghiệm âm loại.

Bài 1:

400ml dd E chứa \(\left\{{}\begin{matrix}AlCl_3:0,4x\left(mol\right)\\Al_2\left(SO_4\right)_3:0,4y\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Xét TN2:

\(n_{BaSO_4}=\dfrac{33,552}{233}=0,144\left(mol\right)\)

=> \(n_{Al_2\left(SO_4\right)_3}=\dfrac{0,144}{3}=0,048\left(mol\right)\)

=> y = 0,12

Xét TN1:

\(n_{Al\left(OH\right)_3}=\dfrac{8,424}{78}=0,108\left(mol\right)\)

n_NaOH = 0,612.1 = 0,612 (mol)

Do \(3.n_{Al\left(OH\right)_3}< n_{NaOH}\) => Kết tủa bị hòa tan 1 phần

PTHH: Al₂(SO₄)₃ + 6NaOH --> 3Na₂SO₄ + 2Al(OH)₃

          0,048------>0,288------------------->0,096

            AlCl₃ + 3NaOH --> 3NaCl + Al(OH)₃

           0,4x--->1,2x------------------>0,4x

           Al(OH)₃ + NaOH --> NaAlO₂ + 2H₂O

     (0,324-1,2x)<-(0,324-1,2x)

=> 0,096 + 0,4x - (0,324-1,2x) = 0,108

=> x = 0,21 

=> \(\dfrac{x}{y}=\dfrac{0,21}{0,12}=\dfrac{7}{4}\)

Bài 3:

\(n_{Al_2\left(SO_4\right)_3}=\dfrac{200.1,71\%}{342}=0,01\left(mol\right)\)

\(n_{Al\left(OH\right)_3}=\dfrac{0,78}{78}=0,01\left(mol\right)\)

- Nếu kết tủa không bị hòa tan:
PTHH: 6NaOH + Al₂(SO₄)₃ --> 3Na₂SO₄ + 2Al(OH)₃

             0,03<-------------------------------0,01

=> \(C_M=\dfrac{0,03}{0,2}=0,15M\)

- Nếu kết tủa bị hòa tan 1 phần

PTHH: 6NaOH + Al₂(SO₄)₃ --> 3Na₂SO₄ + 2Al(OH)₃

             0,06<---0,01-------------------------->0,02

             Al(OH)₃ + NaOH --> NaAlO₂ + 2H₂O

            0,01---->0,01

=> \(C_M=\dfrac{0,06+0,01}{0,2}=0,35M\)