a.PTHH: CuO + H₂→ Cu + H₂O (1)

PbO + H₂→ Pb + H₂O (2)

Sau phản ứng chất khí dẫn qua bình đựng P₂O₂ thấy khối lượng bình giảm 0,9 gam =>m_H20 = 0,9 gam => n_H20 = 0,9 /18 = 0,05 mol 

Gọi số mol CuO và PbO lần lượt là x mol và y mol (x,y > 0)

Ta có PTĐS: 80x + 223y = 5,43 =>  

b.Theo PTHH (1) ta có: n_H20 = n_CuO= x mol

Theo PTHH (2) ta có: n_H2O = n_PbO = y mol

x + y = 0,05 => y = 0,05 – x (b)

Thay (b) vào (a) giai ra ta có x = 0,04; y = 0,01 mol

Vậy % theo khối lượng của CuO và PbO là 59%; 40,06% 

khối lượng bình tăng lên là khối lượng H2O

nH2O=0,9/18=0,05 mol

goi x,y ll là số mol CuO và PbO

kê mol vào phương trình

ta có:80x+223y=5,43 (1); x+y=0,05 (2)

giải hpt 1 và 2 :x=0,04 mol; y=0,01 mol

%CuO=0,04.80.100/5,43=59%; %PbO=100-59=41%

PTHH: CuO + H₂→ Cu + H₂O (1)

PbO + H₂→ Pb + H₂O (2)

Sau phản ứng chất khí dẫn qua bình đựng P₂O₂ thấy khối lượng bình giảm 0,9 gam =>m_H20 = 0,9 gam => n_H20 = 0,9 /18 = 0,05 mol

Gọi số mol CuO và PbO lần lượt là x mol và y mol (x,y > 0)

Ta có PTĐS: 80x + 223y = 5,43 =>

Theo PTHH (1) ta có: n_H20 = n_CuO= x mol

Theo PTHH (2) ta có: n_H2O = n_PbO = y mol

x + y = 0,05 => y = 0,05 – x (b)

Thay (b) vào (a) giai ra ta có x = 0,04; y = 0,01 mol

Vậy % theo khối lượng của CuO và PbO là 59%; 40,06%

tớ giải rùi đó .Nhớ tick nhé

1. Lấy mẫu thử của 4 dung dịch cho vào 4 ống nghiệm rồi thả quỳ tím vào:
+Quỳ tím hóa đỏ là dd HCl
+Quỳ tím hóa xanh là dd NaOH

Còn lại là NaCl

1

Nhúng giấy quỳ tím vào 3 dd:

+ Làm quỳ tím hoa xanh là NaOH

+ Không chuyển màu là NaCl và HCl

Cho vài viên kẽm vào 2 dd:

+Viên kẽm sủi bọt là HCl

PT: Zn + 2HCl -> ZnCl₂ + H₂(thoát ra)

+Không có hiện tượng là NaCl

Vậy ta đã phân biệt được 3 dd

PTHH: \(CH_4+2O_2\xrightarrow[]{t^o}CO_2+2H_2O\)

Ta có: \(n_{CO_2}=\dfrac{1,68}{22,4}=0,075\left(mol\right)=n_{CH_4}\)

Đặt \(\left\{{}\begin{matrix}n_{C_2H_4}=a\left(mol\right)\\n_{C_2H_2}=b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\) \(\Rightarrow a+b=\dfrac{5,04}{22,4}-0,075=0,15\)  (1)

PTHH: \(C_2H_4+Br_2\rightarrow C_2H_4Br_2\)

            \(C_2H_2+2Br_2\rightarrow C_2H_2Br_4\)

Theo PTHH: \(28a+26b=4,1\)  (2)

Từ (1) và (2) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}a=n_{C_2H_4}=0,1\left(mol\right)\\b=n_{C_2H_2}=0,05\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Mặt khác: \(n_{hh}=\dfrac{5,04}{22,4}=0,225\left(mol\right)\) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\%V_{CH_4}=\dfrac{0,075}{0,225}\cdot100\%\approx33,33\%\\\%V_{C_2H_4}=\dfrac{0,1}{0,225}\cdot100\%\approx44,44\%\\\%V_{C_2H_2}=22,23\%\end{matrix}\right.\)

Đáp án A

Hỗn hợp chứa axetilen, etilen và chất A khi đốt thu được CO2 và H2O tỉ lệ 1:1 thì chất A chắc chắn phải là ankan (do axetilen đốt thu được nCO2 > nH2O, etilen đốt thu được nCO2=nH2O, cần phải có 1 chất đốt thu được nCO2< nH2O để đảm bảo tỉ lệ)

Hơn nữa, nC2H2=nA 

Khí thoát ra khỏi bình là ankan:

Khối lượng bình tăng lên là khối lượng của axetilen và etilen.

_Nung nóng hỗn hợp gồm CuO và PbO bằng C: 
Gọi a,b là số mol của CuO và PbO: 
=>80a+223b=19.15(1) 
2CuO+C(t*)=>2Cu+CO2 
a------->0.5a--->a--->0.5a(mol) 
2PbO+C(t*)=>2Pb+CO2 
b------>0.5b---->b---->0.5b(mol) 
_Cho CO2 sản phẩm vào dd Ca(OH)2 thu được kết tủa trắng CaCO3: 
+nCaCO3=7.5/100=0.075(mol) 
CO2+Ca(OH)2=>CaCO3+H2O 
0.075---------------->0.075(mol) 
=>0.5a+0.5b=0.075(2) 
Từ(1)(2)=>a=0.1,b=0.05 
=>mCuO=0.1*80=8(g) 
=>mPbO=0.05*223=11.15(g) 
+nCu=0.1(mol) 
=>mCu=0.1*64=6.4(g) 
+nPb=0.05(mol) 
=>mPb=0.05*207=10.35(g) 
=>m(KL)=6.4+10.35=16.75(g) 

c) 
+nC=0.5(a+b)=0.5(0.1+0.05)=0.075(mol) 
=>mC=0.075*12=0.9(g)

1)

Gọi số mol KMnO₄, KClO₃ là a, b (mol)

=> 158a + 122,5b = 308,2 (1)

PTHH: 2KMnO₄ --t^o--> K₂MnO₄ + MnO₂ + O₂

                 a-------------------------------->0,5a

            2KClO₃ --t^o--> 2KCl + 3O₂

                  b------------------>1,5b

=> m_O2 = (0,5a + 1,5b).32 = 16a + 48b (g)

m_D = 308,2 - 16a - 48b(g)

\(m_{Mn}=\dfrac{\left(308,2-16a-48b\right).10,69}{100}=32,94658-1,7104a-5,1312b\left(g\right)\)

=> \(n_{Mn}=\dfrac{32,94658-1,7104a-5,1312b}{55}=0,6-\dfrac{1069}{34375}a-\dfrac{3207}{34375}\left(mol\right)\)

Mà \(n_{Mn}=n_{KMnO_4}=a\left(mol\right)\)

=> \(\dfrac{35444}{34375}a+\dfrac{3207}{34375}b=0,6\) (2)

(1)(2) => a = 0,4 (mol); b = 2 (mol)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}\%m_{KMnO_4}=\dfrac{0,4.158}{308,2}.100\%=20,506\%\\\%m_{KClO_3}=\dfrac{2.122,5}{308,2}.100\%=79,494\%\end{matrix}\right.\)

2)

Giả sử nung 100 (g) đá vôi

=> \(m_{CaCO_3\left(bđ\right)}=\dfrac{80.100}{100}=80\left(g\right)\)

\(m_{rắn.sau.pư}=\dfrac{100.73,6}{100}=73,6\left(g\right)\)

=> m_CO2 = 100 - 73,6 = 26,4 (g)

\(n_{CO_2}=\dfrac{26,4}{44}=0,6\left(mol\right)\)

PTHH: CaCO₃ --t^o--> CaO + CO₂

                0,6<----------------0,6

=> m_CaCO3(pư) = 0,6.100 = 60 (g)

\(H\%=\dfrac{60}{80}.100\%=75\%\)

CO₂ + Ca(OH)₂ → CaCO₃↓ + H₂O

0,34 ←0,34

CO + O_(Oxit) → CO₂

Nhận thấy:

n_O = n_CO2

m_X = m_{O (oxit)} + m_Y

=> m_Y = 37,68 – 16 . 0,34 = 32,24g