21g\(\left\{{}\begin{matrix}Ba\\Ca\\Mg\end{matrix}\right.\)+HCl tạo ra 7,616(l) H2 đktc
tìm m muối thu được
31,6g \(\left\{{}\begin{matrix}Ca\\Zn\\Fe\end{matrix}\right.\)+H2SO4 tạo ra 70g muối +V(l) H2
tìm VH2
Khối lượng của gốc SO4 là: \(70-31,6=38,4\left(g\right)\)
Số mol của gốc SO4 là: \(\dfrac{38,4}{96}=0,4\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow n_{H_2}=n_{SO_4}=0,4\)
\(\Rightarrow n_{H_2}=0,4.22,4=8,96\left(l\right)\)
4g\(\left\{{}\begin{matrix}MCO3\\M'CO3\end{matrix}\right.\)+ dd HCl tạo ra V(l) khí đktc và 5,1g muối khan
tìm V
5. Dẫn H2 dư qua h. hợp \(\left\{{}\begin{matrix}FeO\\ZnO\end{matrix}\right.\) sau p.ứng thu được 18.6g h.hợp \(\left\{{}\begin{matrix}Fe\\Zn\end{matrix}\right.\) TH2 . Cho toàn bộ h. hợp kim loại thu được ở trên và dd HCl dư. Sau p.ứng thu được 6,72 l H2 (đktc)
a. Tính khối lượng Feo và ZnO
b. Tính C% dd ZnCl2 thu được TN2 biết đã dùng 200g dd HCl
Đặt : \(n_{Fe}=a\left(mol\right),n_{Zn}=b\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow56a+65b=18,6\left(g\right)\)
Các PTHH :
\(FeO+H_2\rightarrow Fe+H_2O\)
\(ZnO+H_2\rightarrow Zn+H_2O\)
\(Fe+2HCl\rightarrow FeCl_2+H_2\)
\(Zn+2HCl\rightarrow ZnCl_2+H_2\)
\(Bte:2x+2y=\dfrac{6,72}{22,4}.2\left(2\right)\)
Từ(1),(2) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}a=0,1\left(mol\right)=n_{FeO}\\b=0,2\left(mol\right)=n_{ZnO}\end{matrix}\right.\)
\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}m_{FeO}=0,1.72=7,2\left(g\right)\\m_{ZnO}=0,2.81=16,2\left(g\right)\end{matrix}\right.\)
b) \(m_{ddspu}=18,6+200-0,3.2=218\left(g\right)\)
Theo Pt : \(n_{Zn}=n_{ZnCl2}=0,2\left(mol\right)\)
\(C\%_{ZnCl2}=\dfrac{0,2.136}{218}.100\%=12,48\%\)
Chúc bạn học tốt
4,8g \(\left\{{}\begin{matrix}CuO\\Fe2O3\end{matrix}\right.\)+ V (ml) dd HCl 0,5 M tạo ra 2 muối có tỉ lệ mol là 1:3. Tìm V dd hCl đã dùng
PTHH: CuO + 2HCl --> CuCl2 + H2O (1)
x.........2x .......... x
Fe2O3 + 6HCl --> 2FeCl3 + 3H2O (2)
1,5x.........9x........... 3x
Gọi x là số mol của CuCl2 => nFeCl3 = 3x
Ta có: mCuO + mFe2O3 = 4,8g
=> 80x + 160.1,5x = 4,8
=> 320x = 4,8 => x = 0,015 mol
=> nHCl (1) = 2x = 0,015. 2 = 0,03 mol
nHCl (2) = 9x = 0,015. 9 = 0,135 mol
=> nHCl (1) + (2) = 0,03 + 0,135 = 0,165 mol
=> Vdd HCl = \(\dfrac{0,165}{0,5}\) = 0,33 (l) = 330 ml
P/s : Sai mog bn đừng trách mk!
7 g \(\left\{{}\begin{matrix}Al\\Fe\\Cu\end{matrix}\right.\) + H2SO4 dư tạo ra 1,5 g chất rắn và 4,48 lít H2 đktc
tìm % khối lượng kim loại
Theo đề bài ta có : \(nH2=\dfrac{4,48}{22,4}=0,2\left(mol\right)\)
Vì Cu không tác dụng được với H2SO4 loãng dư nên chất rắn thu được là Cu => mCu = 1,5 g
=> mFe + mAl = 7-1,5 = 5,5 (g)
Gọi x ,y lần lượt là số mol của Al và Fe
Ta có PTHH :
\(\left(1\right)2Al+3H2SO4\rightarrow Al2\left(SO4\right)3+3H2\uparrow\)
xmol....................................................3/2x
\(\left(2\right)Fe+H2SO4\rightarrow FeSO4+H2\uparrow\)
ymol.........................................ymol
Ta có 2pt : \(\left\{{}\begin{matrix}27x+56y=5,5\left(a\right)\\\dfrac{3}{2}x+y=0,2\left(b\right)\end{matrix}\right.\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,1\left(mol\right)\\y=0,05\left(mol\right)\end{matrix}\right.\) => \(\left\{{}\begin{matrix}\%mAl=\dfrac{0,1.27}{7}.100\%\approx38,57\%\\\%mFe=\dfrac{0,05.56}{7}.100\%=40\%\\\%mCu=100\%-38,57\%-40\%=21,43\%\end{matrix}\right.\)
Vậy.............
\(9,6gMg\underrightarrow{1,2molHNO3}\left\{{}\begin{matrix}ddX\\m\left(g\right)hh2khi\end{matrix}\right.\underrightarrow{500mlddNAOH\left(2M\right)}\left\{{}\begin{matrix}ddY\\kettua\\1,12\left(l\right)khi\left(Z\right)\end{matrix}\right.\)
Cô cạn ddY thu được chất rắn T. Nung T đến m không đổi thu được 67,55(g) chất rắn. Tính m
9,6 g Mg tác dụng với 1,2 mol \(HNO_3\) nha
Tìm m để hệ bất phương trình có nghiệm duy nhất
a) \(\left\{{}\begin{matrix}2x-1\ge3\\x-m\le0\end{matrix}\right.\)
b) \(\left\{{}\begin{matrix}m^2x\ge6-x\\3x-1\le x+5\end{matrix}\right.\)
c) \(\left\{{}\begin{matrix}\left(x-3\right)^2\ge x^2+7x+1\\2m\le8+5x\end{matrix}\right.\)
d) \(\left\{{}\begin{matrix}mx\le m-3\\\left(m+3\right)x\ge m-9\end{matrix}\right.\)
e)\(\left\{{}\begin{matrix}2m\left(x+1\right)\ge x+3\\4mx+3\ge4x\end{matrix}\right.\)
a.
\(\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}x\ge2\\x\le m\end{matrix}\right.\)
Hệ có nghiệm duy nhất \(\Leftrightarrow m=2\)
b.
\(\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}\left(m^2+1\right)x\ge6\\2x\le6\end{matrix}\right.\)
\(\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}x\ge\dfrac{6}{m^2+1}\\x\le3\end{matrix}\right.\)
Hệ có nghiệm duy nhất \(\Leftrightarrow\dfrac{6}{m^2+1}=3\)
\(\Leftrightarrow m=\pm1\)
c.
\(\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}x^2-6x+9\ge x^2+7x+1\\5x\ge2m-8\end{matrix}\right.\)
\(\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}x\le\dfrac{8}{13}\\x\ge\dfrac{2m-8}{5}\end{matrix}\right.\)
Pt có nghiệm duy nhất khi \(\dfrac{2m-8}{5}=\dfrac{8}{13}\Leftrightarrow m=\dfrac{72}{13}\)
d.
Hệ có nghiệm duy nhất khi:
TH1:
\(\left\{{}\begin{matrix}m>0\\\dfrac{m-3}{m}=\dfrac{m-9}{m+3}\end{matrix}\right.\)
\(\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}m>0\\m^2-9=m^2-9m\end{matrix}\right.\) \(\Leftrightarrow m=1\)
TH2:
\(\left\{{}\begin{matrix}m+3< 0\\\dfrac{m-3}{m}=\dfrac{m-9}{m+3}\end{matrix}\right.\)
\(\Leftrightarrow m=1\) (ktm)
Vậy \(m=1\)
e.
\(\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}\left(2m-1\right)x\ge-2m+3\\\left(4-4m\right)x\le3\end{matrix}\right.\)
Hệ có nghiệm duy nhất khi:
\(\left\{{}\begin{matrix}\left(2m-1\right)\left(4-4m\right)>0\\\dfrac{-2m+3}{2m-1}=\dfrac{3}{4-4m}\end{matrix}\right.\)
\(\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}\dfrac{1}{2}< m< 1\\\left[{}\begin{matrix}m=\dfrac{3}{4}\\m=\dfrac{5}{2}\end{matrix}\right.\end{matrix}\right.\)
\(\Leftrightarrow m=\dfrac{3}{4}\)
\(4g\left\{{}\begin{matrix}NaOH\\KOH\end{matrix}\right.+V\left(ml\right)HCl}2M\rightarrow5,48g\)muối
a) tìm m mỗi bazo
b) tìm V đ HCl
16g gồm 2 kim loại X,Y tác dụng với dd HCl dư tạo ra 8,96 lít H2 và dd B
tiếp tục ngta lấy dd B cô cạn tạo ra m(g) gồm XCl2 và YCl2
a) tìm m
b) xác định X,Y biết \(\left\{{}\begin{matrix}n_X:n_Y=1:1\\M_X:M_Y=3:7\end{matrix}\right.\)
PTHH: \(X+2HCl\rightarrow XCl_2+H_2\)
\(Y+2HCl\rightarrow YCl_2+H_2\)
\(n_{H_2}=\dfrac{8,96}{22,4}=0,4\left(mol\right)\)
\(n_{HCl\left(pứ\right)}=2.n_{H_2}=2.0,4=0,8\left(mol\right)\)
Áp dụng ĐLBTKL:
\(m=16+0,8.36,5-0,4.2=44,4\left(g\right)\)
b) Ta có: \(\dfrac{n_X}{n_Y}=\dfrac{1}{1}\Rightarrow n_X=n_Y\)
\(\dfrac{M_X}{M_Y}=\dfrac{3}{7}\Rightarrow M_X=\dfrac{3}{7}M_Y\)
Ta có: \(M_X.n_X+M_Y.n_Y=16\left(1\right)\)
\(\left(M_X+71\right).n_X+\left(M_Y+71\right).n_Y=44,4\left(2\right)\)
\(\Leftrightarrow M_X.n_Y+M_Y.n_Y=16\left(3\right)\)
\(M_X.n_Y+71.n_Y+M_Y.n_Y+71.n_Y=44,4\left(4\right)\)
Lấy (4)-(3), ta được: \(142n_Y=28,4\)
\(\Leftrightarrow n_Y=\dfrac{28,4}{142}=0,2\left(mol\right)\)
Theo (3),ta có: \(M_X.0,2+M_Y.0,2=16\)
\(\left(M_X+M_Y\right).0,2=16\)
\(\left(\dfrac{3}{7}M_Y+M_Y\right).0,2=16\)
\(\left(\dfrac{10}{7}M_Y\right).0,2=16\)
\(\Rightarrow M_Y=56\)\(\Rightarrow M_X=56\)\(.\)\(\dfrac{3}{7}=24\)
Vậy X là Magie(Mg), Y là Sắt(Fe)