Do cá khí đo ở đktc nên tỉ lệ thể tích cũng là tỉ lệ về số mol.

Ta có : n_hh = \(\dfrac{5.6}{22.4}\) = 0.25 (mol)

Suy ra : n_C2H4 = 0.25 \(\times\) 2 \(\div\) 5 =0.1(mol)

PTHH : C₂H₄ + Br₂ \(\rightarrow\) C₂H₄Br₂

0.1 \(\rightarrow\) 0.1 (mol)

m_Br2(pu) = 0.1 \(\times\) 160 = 16(gam)

\(\Rightarrow\) Khối lượng Brom dư là 20 - 16 = 4(gam)

Theo đề cho : n_Br2 = \(\dfrac{16}{160}\) = 0.1(mol)

PTHH : C₂H₄ + Br₂ \(\rightarrow\) C₂H₄Br₂

0.1 \(\leftarrow\) 0.1 (mol)

\(\Rightarrow\) V_C2H4 = 0.1 \(\times\) 22.4 = 2.24(lít)

Vậy : %V_C2H4 = \(\dfrac{2.24\times100\%}{11.2}\)= 20%

%V_CH4 = 100% - 20% = 80%

Đáp án là C₂H₂ nha bạn, PT :

C₂H₂ + 2Br₂ \(\rightarrow\) C₂H₂Br4

a) Ta thấy 8.7 gam c.rắn không tan là Ag.

\(\Rightarrow\) m_Zn,Mg= 20 - 8.7 = 11.3(gam)

Đặt n_Mg = x(mol) ; n_Zn = y(mol) thì :

24x + 65y = 11.3(1)

PTHH:

Mg + H₂SO₄ \(\rightarrow\) MgSO₄ + H₂\(\uparrow\)

x \(\rightarrow\) x \(\rightarrow\) x (mol)

Zn + H₂SO₄ \(\rightarrow\) ZnSO₄ + H₂\(\uparrow\)

y \(\rightarrow\) y \(\rightarrow\) y (mol)

Theo đề cho : n_H2 = 0.3(mol)

\(\Rightarrow\) x + y = 0.3 (2)

Từ (1) và (2) ta có hệ phương trình :

\(\left\{{}\begin{matrix}24x+65y=11.3\\x+y=0.3\end{matrix}\right.\)\(\left\{{}\begin{matrix}x=0.2\\y=0.1\end{matrix}\right.\)(mol)

Do đó :

%m_Ag = \(\dfrac{8.9\times100\%}{20}\)= 44.5%

%m_Mg = \(\dfrac{0.2\times24\times100\%}{20}\)= 24%

%m_Zn = 100% - ( 44.5% \(+\) 24% ) = 31.5%

b) Theo các PT : n_H2SO4 = x + y = 0.3 (mol)

\(\Rightarrow\) V_H2SO4 =\(\dfrac{0.3}{0.5}\)= 0.6 ( lít)

a) PTHH : Mg + 2HCl \(\rightarrow\) MgCl₂ + H₂\(\uparrow\) (1)

MgO + 2HCl \(\rightarrow\) MgCl₂ + H₂O(2)

b) Theo đề cho : n_H2=4.48/22.4=0.2(mol)

Theo PT(1): n_Mg=n_H2=0.2(mol)

Do đó m_Mg(A)=0.2 \(\times\)24 =4.8(g)

m_MgO(A) = 8.8-4,8=4(g)

c) Ta có : n_MgO = 4/40 =0.1(mol)

Theo các PT(1)(2):

\(\Sigma\)n_HCl(p/ư) = 2 \(\times\)(0.2 +0.1) =0.6(mol)

\(\Rightarrow\)V_{HCl ^{= \(\dfrac{0.6}{2}\)=0.3(l}}ít)

Nếu 1 dãy hiđrôcacbon có công thức chung là C_nH_2n+2 thì thành phần phần trăm về khối lượng của nguyên tố hiđrô biến đổi như thế nào khi n thay đổi?

a) PTHH :

C₂H₂ + 2Br₂ \(\rightarrow\) C₂H₂Br₄

b) Do CH₄ không phản ứng với dung dịch Br₂ nên 6.72 lít khí A là CH₄.

Do đó : %V_CH4 = \(\dfrac{6.72}{13.44}\)\(\times\)100% =50%

%V_C2H2=100% - 50% = 50%

c) Đốt cháy A có phản ứng :

CH4 + O₂ \(\underrightarrow{t^o}\) CO₂ + H₂O

Ca(OH)2 + CO₂ \(\rightarrow\) CaCO3\(\downarrow\) +H₂O

Theo các PTHH : n_CaCO3 = n_CO2 =n_CH4 = \(\dfrac{6.72}{22.4}\)=0.3 (mol)

\(\Rightarrow\)m_CaCO3 = 0.3 \(\times\)100 = 30 (gam)

Vì M_A=28 nên A không chứa O.

PTHH : A +O₂ \(\underrightarrow{t^o}\) CO₂+ H₂O

Theo đề cho: n_H2O=\(\dfrac{7.2}{18}\)=0.4(mol)

\(\Rightarrow\) n_H(A)=n_H(H2O)= 0.4 \(\times\) 2 = 0.8(mol)

\(\Rightarrow\) m_H(A) = 0.8 \(\times\) 1=0.8(gam)

\(\Rightarrow\) m_C(A)=5.6 - 0.8 = 4.8(gam)

\(\Leftrightarrow\) n_C(A) = \(\dfrac{4.8}{12}\)=0.4(mol)

Gọi CTPT của A có dạng C_xH_y, ta có :

x \(\div\) y = 0.4 \(\div\) 0.8 = 1 \(\div\) 2

\(\Rightarrow\) CTĐGN của A là CH2, lại có M_A=28 nên ta có :

(CH2)_n = 28 \(\Leftrightarrow\) 14n = 28 \(\Leftrightarrow\) n = 2.

Vậy CTPT của A là C2H4.

PTHH :

RxOy + 2yHCl \(\rightarrow\) xRCl2y/x + yH2O.

Theo PTHH : n_RxOy = \(\dfrac{1}{2y}\) n_{HCl =}\(\dfrac{0.3}{2y}\)(mol)

\(\Rightarrow\) M_{RxOy = \(\dfrac{12}{\dfrac{0.3}{^{ }2y}}\)= 80y}

_{\(\Leftrightarrow\)}Rx + 16y = 80y

\(\Leftrightarrow\)Rx=64y

\(\Leftrightarrow\)R=\(\dfrac{64y}{x}\)

\(\Leftrightarrow\)R = 32\(\dfrac{2y}{x}\)

Vì \(\dfrac{2y}{x}\)là hóa trị của R nên ta có :

Vậy CT oxit cần tìm là CuO