Bài 1:
Các nguyên tử cùng một nguyên tố hoá học là:
\(^{12_6X}\) - \(^{13_6M}\)
\(^{16_8Y}\) - \(^{17_8R}\)
\(^{35_{17}A}\) - \(^{37_{17}E}\)
Bài 2:
Gọi kim loại hoá trị \(I\) là \(X\), kim loại hoá trị \(II\) là \(Y\), khối lượng muối than thu được sau phản ứng là \(x\left(g\right)\)
Ta có CTHH của muối \(SO_3\) của cả hai kim loại hoá trị \(I\) và \(II\) lần lượt là:
\(X_2SO_3\) ; \(YSO_3\)
\(PTHH:\)
\(X_2SO_3+H_2SO_4\xrightarrow[]{}X_2SO_4+SO_2+H_2O\left(1\right)\)
\(YSO_3+H_2SO_4\xrightarrow[]{}YSO_4+SO_2+H_2O\left(2\right)\)
\(^nSO_2=\dfrac{2,24}{22,4}=0,1\left(mol\right)\)
Theo cả hai PT: \(^nH_2SO_4=^nH_2O=^nSO_2=0,1\left(mol\right)\)
\(^mH_2SO_4=0,1.98=9,8\left(g\right)\)
\(^mH_2O=0,1.18=1,8\left(g\right)\)
\(^mSO_2=0,1.64=6,4\left(g\right)\)
Theo bài ra ta có: \(^m\left(YSO_3+X_2SO_3\right)=6\left(g\right)\)
Áp dụng ĐLBTKL ta có:
\(^m\left(YSO_3+X_2SO_3\right)+^mH_2SO_4=x+^mSO_2+^mH_2O\)
hay: \(6+9,8=x+6,4+1,8\)
\(\Rightarrow x=\left(6+9,8\right)-\left(6,4+1,8\right)\)
\(\Leftrightarrow x=7,6\)
Vậy, khối lượng muối than thu được sau phản ứng là 7,6 gam.
Bài 3:
\(16HCl+2KMnO_4\xrightarrow[]{}5Cl_2\uparrow+8H_2O+2KCl+2MnCl_2\)
\(Cl_2+H_2\xrightarrow[]{}2HCl\uparrow\)
\(HCl+NaOH\xrightarrow[]{}NaCl+H_2O\)
\(Ca+2H_2O\xrightarrow[]{}Ca\left(OH\right)_2+H_2\uparrow\)
Bài 4:
Đặt \(^nHCl\) (trong 400g dd A) là \(x\left(mol\right)\) ; \(^nHNO_3\) (trong 100g dd B ) là \(y\left(mol\right)\)
Trộn \(400g\) dd A với \(100g\) dd B được \(500g\) dd C (theo ĐLBTKL)
Vì vậy trong 500 g dd C có: \(\left\{{}\begin{matrix}x\left(mol\right)HCl\\y\left(mol\right)HNO_3\end{matrix}\right.\)
Trong 500g dd C có \(x\left(mol\right)HCl\) và \(y\left(mol\right)HNO_3\)
\(\Rightarrow\) Trong 10g dd C có \(\dfrac{x}{50}\left(mol\right)HCl\) và \(\dfrac{y}{50}\left(mol\right)HNO_3\)
Trộn \(10g\) dd C vào \(990gH_2O\) được \(1000g\) dd D (theo ĐLBTKL)
Vậy trong 1000g dd D có \(\dfrac{x}{50}\left(mol\right)HCl\) và \(\dfrac{y}{50}\left(mol\right)HNO_3\)
\(\Rightarrow\) Trong 80g dd D có \(\dfrac{x}{625}\left(mol\right)HCl\) và \(\dfrac{y}{625}\left(mol\right)HNO_3\)
Ta có, để trung hoà 80g dd D cần 50ml dd \(NaOH\) \(0,1M\)
\(\Rightarrow^nNaOH=\dfrac{50}{1000}.0,1=\dfrac{1}{200}\left(mol\right)\)
\(PTHH:\)
\(HCl+NaOH\xrightarrow[]{}NaCl+H_2O\left(1\right)\)
\(HNO_3+NaOH\xrightarrow[]{}NaNO_3+H_2O\left(2\right)\)
Theo PT (1): \(^nNaOH=^nNaCl=^nHCl=\dfrac{x}{625}\left(mol\right)\)
Theo PT (2):
\(^nNaOH=^nNaNO_3=^nHNO_3=\dfrac{y}{625}\left(mol\right)\)
Mà ta có: \(\dfrac{x}{625}+\dfrac{y}{625}=\dfrac{1}{200}\)
\(\Leftrightarrow x+y=3,125\left(3\right)\)
\(\dfrac{x}{625}.58,5+\dfrac{y}{625}.85=0,319\)
\(\Rightarrow58,5x+85y=199,375\left(4\right)\)
Từ \(\left(3\right)và\left(4\right)\) ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}x+y=3,125\\58,5x+85y=199,375\end{matrix}\right.\)
\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=2,5\\y=0,625\end{matrix}\right.\)
\(^mHCl=2,5.36,5=91,25\left(g\right)\)
\(^mHNO_3=0,625.63=40,95\left(g\right)\)
\(C\%ddA=\dfrac{91,25}{400}.100\%=22,8125\%\)
\(C\%ddB=\dfrac{40,95}{100}.100\%=40,95\%\)
Bài 5:
a, +, Đặt: số mol của Zn và Fe lần lượt là x và y
Ta có: \(^mZn=65x\) ; \(^mFe=65y\)
=> \(65x+56y=43,7\left(1\right)\)
PTHH:
\(2HCl+Zn\xrightarrow[]{}H_2\uparrow+ZnCl_2\left(2\right)\)
\(2HCl+Fe\xrightarrow[]{}H_2\uparrow+FeCl_2\left(3\right)\)
Theo PT (2): \(^nH_2=^nZn=x\left(mol\right)\)
Theo PT(2): \(^nH_2=^nFe=y\left(mol\right)\)
\(^nH_2=\dfrac{15,68}{22,4}=0,7\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow x+y=0,7\left(4\right)\)
Từ (1) và (4) ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}65x+56y=43,7\\x+y=0,7\end{matrix}\right.\)
\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,5\\y=0,2\end{matrix}\right.\)
\(^mZn=65.0,5=32,5\left(g\right)\)
\(^mFe=0,2.56=11,2\left(g\right)\)
+, PTHH:
\(4H_2+Fe_3O_4\underrightarrow{t^o}3Fe+4H_2O\left(5\right)\)
\(^nFe_3O_4=\dfrac{46,4}{232}=0,2\left(mol\right)\)
Theo PT và bài ra ta có: \(^nFe_3O_4dư\), tính theo \(^nH_2\)
Theo PT (5) : \(^nFe_3O_4=\dfrac{1}{4}^nH_2=\dfrac{1}{4}.0,7=0,175\left(mol\right)\)
\(^nFe_3O_4\left(dư\right)=0,2-0,175=0,025\left(mol\right)\)
\(^mFe_3O_4\left(dư\right)=0,025.232=5,8\left(g\right)\)
Theo PT (5) : \(^nFe=\dfrac{3}{4}^nH_2=\dfrac{3}{4}.0,7=0,525\left(mol\right)\)
\(^mFe=56.0,525=29,4\left(g\right)\)
\(^mSắtsinhra=29,4+5,8=35,2\left(g\right)\)
b, Gọi CTHH của oxit đó là: \(X_2O_n\)
Ta có PTHH:
\(X_2O_n+nCO\underrightarrow{t^o}2X+nCO_2\left(6\right)\)
\(CO_2+Ca\left(OH\right)_2\xrightarrow[]{}CaCO_3\downarrow+H_2O\left(7\right)\)
\(^nCaCO_3=\dfrac{10}{100}=0,1\left(mol\right)\)
Theo PT (7) \(^nCO_2=^nCaCO_3=0,1\left(mol\right)\)
\(TheoPT\left(6\right)\) \(^nX=2^nCO_2=\dfrac{0,2}{n}\left(mol\right)\)
\(TheoPT\left(6\right)\) \(^nX_2O_n=\dfrac{1}{n}^nCO_2=\dfrac{0,1}{n}\left(mol\right)\)
\(^MX_2O_n=\dfrac{m}{n}=\dfrac{8,1}{0,1}n=81n\)
Mặt khác:
\(^MX_2O_n=^{2M}X+16n=81n\)
\(\Leftrightarrow^{2M}X=65n\)
\(\Leftrightarrow^MX=32,5n\)
Biện luận:
| n | 1 | 2 | 3 |
| \(^MX\) | 32,5(loại) | 65(nhận) | 97,5(loại) |
Vậy, Kim loại đó là Zn, CTHH là \(ZnO\)
Phù, xong rồi, chị nạp bài nhé :<<