PTHH:

2H₂ + O₂ ---t^o---> 2H₂O

C₂H₄ + 3O₂ ---t^o---> 2CO₂ + 2H₂O

CO₂ + Ca(OH)₂ ---> CaCO₃ + H₂O

n_CaCO3 = \(\dfrac{30}{100}=0,3\left(mol\right)\)

-> n_CO2 = 0,3 (mol)

-> n_C2H4 = \(\dfrac{0,3}{2}=0,15\left(mol\right)\)

%V_C2H4 = \(\dfrac{0,15}{\dfrac{5,6}{22,4}}=60\%\)

%V_H2 = 100% - 60% = 40%

Gọi số mol của  CH 4  trong hỗn hợp là X, của  C 2 H 4  trong hỗn hợp là y.

Ta có hệ: x + y = 0,15 mol và y = x + 2y = n CO 2 = n CaCO 3  = 0,2 mol

⇒ x = 0,1; y = 0,05

⇒ % V C H 4  = 66,67% ; % V C 2 H 4  = 33,33%.

Quy đổi cứ 2 mol C₂H₄ thành 1 mol CH₄ và 1 mol C₃H₄

Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CH_4}=a\left(mol\right)\\n_{C_3H_4}=b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

=> 16a + 40b = 8,4 

Và \(\overline{M}=\dfrac{8,4}{a+b}=14.2=28\left(g/mol\right)\)

=> a = 0,15 (mol); b = 0,15 (mol)

Bảo toàn C: n_CO2 = 0,6 (mol)

=> m = 0,6.197 = 118,2 (g)

Bảo toàn H: n_H2O = 0,6 (mol)

=> a = 0,6.44 + 0,6.18 = 37,2 (g)

\(a) C_2H_4 + 3O_2 \xrightarrow{t^o} 2CO_2 + 2H_2O\\ CO_2 + Ca(OH)_2 \to CaCO_3 + H_2O b) n_{CO_2} = n_{CaCO_3} = \dfrac{20}{100} = 0,2(mol)\\ n_{C_2H_4} = \dfrac{1}{2}n_{CO_2} = 0,1(mol)\\ \Rightarrow V = 0,1.22,4 = 2,24(lít)\\ \)

a)

$CH_4 + 2O_2 \xrightarrow{t^o} CO_2 + 2H_2O$
$C_2H_4 + 3O_2 \xrightarrow{t^o} 2CO_2 + 2H_2O$

$CO_2 + Ba(OH)_2 \to BaCO_3 + H_2O$

b)

Gọi $n_{CH_4} = a(mol) ; n_{C_2H_4} = b(mol)$
$\Rightarorw a + b = \dfrac{1,68}{22,4} = 0,075(1)$

Theo PTHH : $n_{BaCO_3} = n_{CO_2} = a + 2b = \dfrac{19,7}{197} = 0,1(2)$
Từ (1)(2) suy ra : a = 0,05 ; b = 0,025

$\%V_{CH_4} = \dfrac{0,05}{0,075}.100\% = 66,67\%$

$\%V_{C_2H_4} = 100\% - 66,67\% = 33,33\%$

c) $n_{O_2} = 2n_{CH_4} + 3n_{C_2H_4} = 0,175(mol)$
$\Rightarrow V_{O_2} = 0,175.22,4 = 3,92(lít)$
$\Rightarrow V_{kk} = 5V_{O_2} = 19,6(lít)$

Theo gt ta có: $n_{O_2}=0,6(mol);n_{hh}=0,25(mol)$

a, $CH_4+2O_2\rightarrow CO_2+2H_2O$

$C_2H_4+3O_2\rightarrow 2CO_2+2H_2O$

Gọi số mol CH4 và C2H4 lần lượt là a;b(mol)

Ta có: $a+b=0,25;2a+3b=0,6\Rightarrow a=0,15;b=0,1$

b, Suy ra $\%V_{CH_4}=60\%;\%V_{C_2H_4}=40\%$

c, Ta có: $n_{CaCO_3}=n_{CO_2}=0,15+0,1.2=0,35(mol)\Rightarrow m_{CaCO_3}=35(g)$

\(a)\\ CH_4 + 2O_2 \xrightarrow{t^o} CO_2 + 2H_2O\\ C_2H_4 + 3O_2 \xrightarrow{t^o} 2CO_2 + 2H_2O\\ b)\ V_{CH_4} = a(lít) ; V_{C_2H_4} = b(lít)\\ \Rightarrow a + b = 5,6(1)\\ V_{O_2} = 2a + 3b = 13,44(2)\\ (1)(2)\Rightarrow a = 3,36 ; b = 2,24\\ \%V_{CH_4} = \dfrac{3,36}{5,6}.100\% = 60\%\\ \%V_{C_2H_4} = 40\%\\ c) V_{CO_2} = a + 2b = 7,84(lít)\\\)

\(CO_2 + Ca(OH)_2 \to CaCO_3 + H_2O\\ n_{CaCO_3} = n_{CO_2} = \dfrac{7,84}{22,4} = 0,35(mol)\\ \Rightarrow m_{CaCO_3} = 0,35.100 = 35(gam)\)

a, PT: \(CH_4+2O_2\underrightarrow{t^o}CO_2+2H_2O\)

\(C_2H_4+3O_2\underrightarrow{t^o}2CO_2+2H_2O\)

b, Giả sử: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CH_4}=x\left(mol\right)\\n_{C_2H_4}=y\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow x+y=\dfrac{5,6}{22,4}=0,25\left(1\right)\)

Ta có: \(n_{O_2}=\dfrac{13,44}{22,4}=0,6\left(mol\right)\)

Theo PT: \(n_{O_2}=2n_{CH_4}+3n_{C_2H_4}=2x+3y\)

⇒ 2x + 3y = 0,6 (2)

Từ (1) và (2) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,15\left(mol\right)\\y=0,1\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\%V_{CH_4}=\dfrac{0,15}{0,25}.100\%=60\%\\\%V_{C_2H_4}=40\%\end{matrix}\right.\)

b, Theo PT: \(n_{CO_2}=n_{CH_4}+2n_{C_2H_4}=0,35\left(mol\right)\)

PT: \(CO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow CaCO_{3\downarrow}+H_2O\)

Theo PT: \(n_{CaCO_3}=n_{CO_2}=0,35\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{CaCO_3}=0,35.100=35\left(g\right)\)

Bạn tham khảo nhé!

Đáp án A

Từ giả thiết suy ra :

n C O 2 = n C a C O 3 = 100 100 =   1   m o l ;   n O 2   p ư   =   n O 2 b đ -   n O 2   d ư   = 64 32 - 11 , 2 . 0 , 4 0 , 082 . 273 = 1 , 8   m o l .

Đặt công thức phân tử trung bình của A và B là  C n ¯ H 2 n ¯ + 2

Phương trình phản ứng cháy:

              C n ¯ H 2 n ¯ + 2 + 3 n ¯ + 1 2 O 2 → n ¯   C O 2 + ( n ¯ + 1 ) H 2 O   ( 1 )   m o l         x           →     3 n ¯ + 1 2 . x           →     n ¯ . x

P1:

\(n_{BaCO_3}=n_{CO_2}=\dfrac{39.4}{197}=0.2\left(mol\right)\)

\(Ba\left(OH\right)_2+CO_2\rightarrow BaCO_3+H_2O\)

\(\Rightarrow n_{CO}=n_{CO_2}=0.2\left(mol\right)\)

P2:

\(n_{Fe}=\dfrac{16.8}{56}=0.3\left(mol\right)\)

\(Fe_2O_3+3CO\underrightarrow{^{^{t^0}}}2Fe+3CO_2\)

\(...........0.2...\dfrac{2}{15}\)

\(Fe_2O_3+3H_2\underrightarrow{^{^{t^0}}}2Fe+3H_2O\)

\(..........0.25.0.3-\dfrac{2}{15}\)

\(V_{hh}=\left(0.2+0.25\right)\cdot2\cdot22.4=20.16\left(l\right)\)

Đề thiếu !

5. 

\(n_X=\dfrac{2,24}{22,4}=0,1mol\\ M_X=2,125.4=8,5g\cdot mol^{^{ }-1}\\ n_{H_2}=a;n_{C_2H_4}=b\\ a+b=0,1\\ 2a+28b=8,5.0,1=0,85\\ a=0,075;b=0,025\\ H_2+C_2H_4-^{^{ }Ni,t^{^{ }0}}->C_2H_6\\ V_{C_2H_6}=0,025.22,4=0,56L;V_{H_2dư}=22,4\left(0,075-0,025\right)=1,12L\)

6. 

Thu được Y chỉ gồm hydrocarbon nên khí hydrogen phản ứng hết.

\(n_A=\dfrac{4,48}{22,4}=0,2mol\\ n_Y=\dfrac{3,36}{22,4}=0,15mol\\ \Delta n_{hh}=n_{H_2\left(pư\right)}=0,05\left(mol\right)\\ n_{C_2H_4}=0,15\left(mol\right)\\ a.\%V_{H_2}=\dfrac{0,05}{0,2}=25\%\\ \%V_{C_2H_4}=75\%\\ b.BTLK\pi:0,15=0,05+n_{Br_2}\\ n_{Br_2}=0,1mol\)