\(M_X=\dfrac{10,6}{0,1}=106\left(g/mol\right)\)

=> D

Gọi công thức trung bình của hỗn hợp 2 ancol là CnH(2n+1)OH 
Ta có CnH(2n+1)OH + Na  CnH(2n+1)ONa + 1/2H₂ 
Số mol H₂ là 0,1 mol => số mol ancol là 0,2 mol

=>Khối lượng mol trung bình của 2 ancol là 10,6 / 0,2= 53 => n =2,5

=> 2 ancol là C₂H₅OH và C₃H₇OH

Đáp án C

Định hướng tư duy giải

Ta có:

Dung dịch cuối cùng chứa

Bài 3:

n_KOH = 1.0,05 = 0,05 (mol);n_HCl=0,5.0,5=0,25 (mol)

PTHH:   Fe      +      2HCl    →    FeCl₂    +    H₂

Mol:    0,0125                                 0,0125

PTHH: 2KOH + FeCl₂ → 2KCl + Fe(OH)₂

Mol:      0,05      0,025

Ta có:\(\dfrac{0,25}{2}>\dfrac{0,0125}{1}\) ⇒ HCl dư, FeCl₃ pứ hết

⇒ m=0,0125.56 = 0,7 (g)

Bài 4:

a,Nếu cho giấy quỳ tím vào dung dịch sau phản ứng thì màu của giấy quỳ tím sẽ không thay đổi màu sắc 

b,\(n_{NaOH}=0,5.0,15=0,075\left(mol\right);n_{HCl}=1.0,15=0,15\left(mol\right)\)

PTHH: NaOH + HCl → NaCl + H₂O

Mol:      0,075    0,075    0,075

Ta có:\(\dfrac{0,075}{1}< \dfrac{0,15}{1}\) ⇒ NaOH pứ hết , HCl dư

m_NaCl = 0,075.58,5 = 4,3875 (g)

c, V_{dd sau pứ} = 0,15 + 0,15 = 0,3 (l)

\(C_{M_{ddNaCl}}=\dfrac{0,075}{0,3}=0,25M;C_{M_{ddHCldư}}=\dfrac{0,15-0,075}{0,3}=0,25M\)

Bài 5:

a,\(n_{BaCl_2}=\dfrac{100.20,8\%}{208}=0,1\left(mol\right);n_{Na_2SO_4}=\dfrac{150.14,2\%}{142}=0,15\left(mol\right)\)

PTHH: BaCl₂ + Na₂SO₄ → BaSO₄ + 2NaCl

Mol:      0,1             0,1                0,1

Ta có: \(\dfrac{0,1}{1}< \dfrac{0,15}{1}\)⇒ BaCl₂ pứ hết, Na₂SO₄ dư

\(\Rightarrow m_{BaSO_4}=0,1.233=23,3\left(g\right)\)

b,m_{dd sau pứ} = 100+150 = 250 (g)

\(C\%_{ddNaCl}=\dfrac{0,2.58,5.100\%}{250}=4,68\%\)

 \(C\%_{ddNa_2SO_4dư}=\dfrac{\left(0,15-0,1\right).142.100\%}{250}=2,84\%\)

Bài 2:

a,\(n_{CaCO_3}=\dfrac{35}{100}=0,35\left(mol\right)\)

PTHH: CaCO₃ + 2HCl → CaCl₂ + CO₂ + H₂O

Mol:       0,35           0,7                            0,35

\(\Rightarrow V_{CO_2}=0,35.22,4=7,84\left(l\right)\)

b,\(C_{M_{ddHCl}}=\dfrac{0,7}{0,5}=1,4M\)

CaCO₃ + 2HCI ---> CaCl₂ + H₂O + CO₂

n _CaCO3 = 0,1 mol

Theo phương trình: n_CO2 = n_CaCO3 = 0,1 mol

=> V_CO2 = 0,1 . 22,4 = 2,24 lít

b.

CO₂ + 2NaOH ---> Na₂CO₃ + H₂O (1)

Có thể xảy ra phản ứng :

Na₂CO₃ + CO₂ + H₂O ---> 2NaHCO₃   (2)

m_NaOH = 25 . 40% = 10 gam

=> n_NaOH = 10/40 = 0,25 mol

Nếu chỉ xảy ra phản ứng (1) ta có

n_CO2 = 1/2 n_NaOH = ½ . 0,25 = 0,125 mol > 0,1

=>n_CO2 hết, n_NaOH dư

=> Chỉ tạo ra 1 muối là Na₂CO₃

n_Na2CO3 = n_CO2 = 0,1 mol

=> m_Na2CO3 = 0,1 . 106=10,6 gam

n H2 = 0,15 mol => n OH =  0,3 mol

=> n X = n Y = 0,15 mol

=> trong 10,6g A có số mol mỗi chất là 0,1 mol n Ag = 0,4 mol

=> Có 2 TH xảy ra:

+/ TH1 : sản phẩm sau khi OXH ancol là HCHO và 1 xeton hoặc ancol bậc 3.

=> X là CH3OH => MY = 74 g

=> Y là C4H9OH có các CTCT thỏa mãn là:  (CH3)3OH ; C2H5COCH3

+/ TH2 : sản phẩm là 2 andehit (không có HCHO)

=> MX  + MY  = 106 g => X là C2H5OH và C3H7OH => Y có 1 công thúc ancol bậc 1 là có thể tạo andehit

=> tổng số CTCT phù hợp là 3

=>A

\(n_{Na2CO3}=0,1mol\)

\(Na_2CO_3+CaCL_2\rightarrow CaCO_3+2NaCL\)

\(0,1..........0,1..........0,1..........0,2..........\)

\(\Rightarrow m_{CaCO3}=0,1\times100=10g\)

\(\Rightarrow m_{NaCL}=0,2\times58,5=11,7\left(g\right)\)

Nguồn: h.vn

Chúc bạn học tốt !!!

Nguồn: h.vn

Chúc bạn học tốt !!!

Ê ! On mà k tl t hả thk kia ( ngoài lề ) 

K liên wan tới mí bợn ạ .

\(n_C=\dfrac{4,2}{12}=0,35\left(mol\right);n_{O_2}=\dfrac{10,6}{32}=0,33125\left(mol\right)\)

PTHH.C     +    O₂          \(\underrightarrow{t^o}\)        CO₂

Mol:              0,33125            0,33125

Ta có:\(\dfrac{0,35}{1}>\dfrac{0,33125}{1}\) => C dư,O₂ pứ hết

=> \(m_{CO_2}=0,33125.44=14,575\left(g\right)\)