nCO₂ = 3,136 : 22,4 = 0,14 mol, nH₂O = 3,96:18 = 0,22 mol

Ta có C_tb = \(\dfrac{nCO_2}{n_M}\) = \(\dfrac{0,14}{0,08}\) = 1,75

Vậy trong M phải có một ancol có số C < 1,75 

=> Trong M có CH₃OH. Mà Y và Z là 2 đồng phân của nhau

=> X là CH₃OH.

Gọi số mol của X và tổng số mol Y và Z lần lượt là x và y mol

Ta có hệ \(\left\{{}\begin{matrix}x+y=0,08\\x=\dfrac{5}{3}y\end{matrix}\right.\)=> x = 0,05 và y = 0,03

Áp dụng ĐLBT nguyên tố O cho phản ứng cháy:

=> 0,08 + 2nO₂ = 2nCO₂ + nH₂O

<=> nO₂ = 0,21 mol

Áp dụng ĐLBT khối lượng cho phản ứng cháy: 

=> m(Y+Z) = mCO₂ + mH₂O - mO₂ - mCH₃OH = 0,14.44 + 3,96 - 0,21.32 - 0,05.32 = 1,8 gam

Đáp án B

n H 2 O = 0 , 48 ( m o l ) ;   n C O 2 = 0 , 4 ( m o l ) ; ⇒ n H 2 O >   n C O 2 ⇒ a n c o l   n o ,   m ạ c h   h ở  

Vì axit no, đơn chức, mạch hở nên khi đốt cháy axit hoặc este ta đều thu được 

  n H 2 O =   n C O 2

⇒ n H 2 O -   n C O 2 = 0 , 08 ( m o l ) = n a n c o l  

Chọn đáp án B

thử nOH lần lượt với 0,13; 0,09 và 0,08

Thấy chỉ khi nOH = 0,08 thì Mancol = 62 là hợp lý Þ T là C₂H₄(OH)₂ (0,04 mol)

BTNT.C

Chỉ có 

là phù hợp

Gọi số mắt xích trong X và Y

lần lượt là x, y và z là số liên kết p

trong gốc hiđrocacbon của X₃

Vậy X là pentapeptit (0,02 mol), Y là tetrapeptit (0,03 mol) và X₃ là C₂H₃COOH

Đáp án A

Đốt cháy 0,2 mol ancol X bằng 1,4 mol O2 thu được CO2, H2O và O2 dư 2 mo

Số mol khí chênh lệch là do H2O và 0,2 mol O trong X

Ta có: 

Vậy thỏa măn X là C4H10O

Các đồng phân ancol của X dạng C4H9OH có 4 đồng phân

Đáp án A

Đốt cháy 0,2 mol ancol X bằng 1,4 mol O₂ thu được CO₂, H₂O và O₂ dư 2 mo

Số mol khí chênh lệch là do H₂O và 0,2 mol O trong X

→ n H 2 O = ( 2 - ( 1 , 4 + 0 , 2 2 ) ) . 2 = 1 → H X = 1 . 2 0 , 2 = 10

Ta có:  n C O 2 < 2 - n H 2 O = 1   m o l → C X < 5

Vậy thỏa mãn X là C₄H₁₀O

Các đồng phân ancol của X dạng C₄H₉OH có 4 đồng phân

Đáp án A

Định hướng tư duy giải

Ta có:

Đáp án C