Bạn chưa đăng nhập. Vui lòng đăng nhập để hỏi bài

Những câu hỏi liên quan
Nguyễn Hoàng Nam
Xem chi tiết
Ngô Quang Sinh
10 tháng 2 2018 lúc 8:32

Đáp án: A

A tác dụng với 2 mol KOH => A là este hai chức   => n = 2

=> A có CTPT là: C6H10O4

Nhận thấy:

CH3OOCCH2COOC2H5  + 2KOH à CH3OH  + C2H5OH + KOOCCH2COOK

(thỏa mãn)

Vậy A là: etyl metyl malonat

Nguyễn Hoàng Nam
Xem chi tiết
Ngô Quang Sinh
8 tháng 7 2019 lúc 17:37

Đáp án D

Vì X không làm mất màu dung dịch brom X chỉ chứa các HCHC no Ancol có dạng C3H6(OH)2.

Đặt nCO2 = a và nH2O = b ta có sơ đồ:

PT theo hiệu khối lượng CO2 và H2O: 

44a – 18b = 10,84 (1)

Giả sử X chỉ toàn liên kết đơn (Tương tự ankan)

nH2O = b + ngốc COO = b + 0,1.

nHỗn hợp X = nH2O – nCO2 

 b + 0,1 – a = 0,09 

 a – b = –0,01 (2)

+ Giải hệ (1) và (2) ta có

nCO2 = a = 0,41 và nH2O = b = 0,4

+ Bảo toàn khối lượng 

mX = 0,41×44 + 0,4×18 – 0,48×32 = 9,88 gam

Đặt số mol 3 chất trong X lần lượt là a b và c ta có sơ đồ:

PT theo số mol hỗn hợp: 

a + b + c = 0,09 (1)

PT bảo toàn oxi: 

2a + 2b + 4c = 0,41×2 + 0,4 – 0,48×2 = 0,26 (2)

PT theo số mol KOH (số gốc COO): 

a + 2c = 0,1 (3)

+ Giải hệ PT (1) (2) và (3)

a = 0,02, b = 0,03 và c = 0,04.

mMuối = mRCOO + mR'COO + mK.

 mMuối = 9,88 – 0,02 – 0,03×76 – 0,04×42 + 0,1×39 = 9,8 gam

Nguyễn Hoàng Nam
Xem chi tiết
Ngô Quang Sinh
20 tháng 8 2019 lúc 15:00

Đáp án D

Vì X không làm mất màu dung dịch Br2

X chỉ chứa các HCHC no

Ancol có dạng C3H6(OH)2.

Đặt nCO2 = a và nH2O = b

 

Ta có sơ đồ:

PT theo hiệu khối lượng CO2 và H2O: 

44a – 18b = 10,84 (1)

Giả sử X chỉ toàn liên kết đơn

(Tương tự ankan)

nH2O = b + ngốc COO = b + 0,1.

nHỗn hợp X = nH2O – nCO2 

 b + 0,1 – a = 0,09 

 a – b = –0,01 (2)

+ Giải hệ (1) và (2) ta có

nCO2 = a = 0,41 và nH2O = b = 0,4

+ Bảo toàn khối lượng 

mX = 0,41×44 + 0,4×18 – 0,48×32

 = 9,88 gam

Đặt số mol 3 chất trong X lần lượt

là a, b và c ta có sơ đồ:

PT theo số mol hỗn hợp: 

a + b + c = 0,09 (1)

PT bảo toàn oxi: 

2a + 2b + 4c = 0,41×2 + 0,4 – 0,48×2

= 0,26 (2)

PT theo số mol KOH (số gốc COO): 

a + 2c = 0,1 (3)

+ Giải hệ PT (1), (2) và (3)

a = 0,02, b = 0,03 và c = 0,04.

mMuối = mRCOO + mR'COO + mK 

Û mMuối = 9,88 – 0,02 – 0,03×76 – 0,04×42 + 0,1×39

= 9,8 gam

 

Nguyễn Hoàng Nam
Xem chi tiết
Ngô Quang Sinh
18 tháng 2 2019 lúc 13:11

Nguyễn Hoàng Nam
Xem chi tiết
Ngô Quang Sinh
24 tháng 8 2019 lúc 14:34

Nguyễn Hoàng Nam
Xem chi tiết
Ngô Quang Sinh
27 tháng 7 2019 lúc 12:01

Chọn A

C6H5COOCH=CH2 và CH2=CH – COOC6H5

Nguyễn Hoàng Nam
Xem chi tiết
Ngô Quang Sinh
7 tháng 1 2017 lúc 5:22

Trong 0,16 mol E chứa x mol X và y mol Y

nE = x + y = 0,16

nNaOH = 2x + 3y= 0,42

=> x = 0,06 và y = 0,1 (mol)

=> nX : nY = 3: 5

Trong m gam E chứa X (3e mol) và Y (5e mol).

X = C3H6(OH)2 + 2HCOOH + ?CH2 – 2H2O

Y = C3H5(OH)3 + 3HCOOH + ?CH2 – 3H2O - 3H2

Quy đổi m gam E thành:

C3H6(OH)2: 3e

C3H5(OH)3: 5e

HCOOH: 21e

CH2: u

H2: -15e

H2O: -21e

nO2 = 4.3e + 3,5.5e + 0,5.21e + 1,5u – 0,5.1,5e = 0,5

nCO2 = 3.3e + 3.5e + 21e + u = 0,45

=> e = 0,005 và u = 0,225

n muối no = 6e = 0,03 (mol)

n muối không no = 15e = 0,075 (mol)

Muối no và muối không no có tương ứng k và g nhóm CH2.

nCH2 = 0,03k + 0,075g = 0,225

=> 2k + 5g = 15

Do k > 1 và g ≥ 2 nên k = 2,5 và g = 2 là nghiệm duy nhất.

Vậy muối no gồm HCOONa: 0,03 (mol) ; CH2: 0,03k = 0,075 (mol)

=> m muối no = 3,09

Tỉ lệ: 8e mol E → 3,09 gam muối no

=> 0,16 mol E → a gam muối no

=> a = 12,36 (g)

Đáp án cần chọn là: C

Nguyễn Hoàng Nam
Xem chi tiết
Ngô Quang Sinh
21 tháng 12 2017 lúc 13:23

Đáp án B

Nguyễn Hoàng Nam
Xem chi tiết
Ngô Quang Sinh
9 tháng 5 2018 lúc 10:19

Đáp án A

Đun 39,2 gam X với NaOH thu được ancol Y và hỗn hợp muối,

Đốt cháy muỗi cần 0,66 mol O2 thu được 0,3 mol Na2CO3 và 1 mol hỗn hợp CO2 và H2O.

X gồm C7HxO6 0,08 mol và C8HyO6 0,12 mol.

Do ancol đa chức mà este mạch hở nên các muối tạo ra đều đơn chức   → n Z = 0 , 6

→ M Z ¯ = 74 , 67  nên Z chứa HCOONa.

Số mol HCOONa càng nhỏ khi số C của muối còn lại càng nhỏ nên số mol muối HCOONa≥ 0,314.

Gọi m, n lần lượt là số gốc HCOO trong 2 este.

Hai este lần lượt là (HCOO)(C3HxO4)C3H5 và (HCOO)2(C3HyO2)C3H5 (C3HxO4 là tổng 2 gốc axit)

được x=4; y=1 là nghiệm nguyên duy nhất.

Hai este lần lượt là (HCOO)2(CH3COO)C3H5 0,08 mol và (HCOO)2(CH≡C-COO)C3H5 0,12 mol.

Z gồm HCOONa 0,4 mol, CH3COONa 0,08 mol và CH≡C-COONa 0,12 mol.

%muối có phân tử khối lớn nhất=24,64%