Chọn đáp án C

BTNT.Na Þ nNaOH = 0,185x2 = 0,37

Þ Trong E có nGlyNa + nAlaNa = 2x0,115 = 0,23

Þ nCOONa trong muối cacbyxylat = 0,37 - 0,23 = 0,14 Þ nOH trong ancol = 0,14

Gọi số nhóm -OH trong ancol là n Þ nAncol = 0,14/n Þ MAncol = 4,34n/0,14 = 31n

Với n = 2 thì MAncol = 62 đvC Þ Ancol chính là C₂H₄(OH)₂ (0,07 mol)

Đặt nX + nY = x Þ nO trong M = 4x0,07 + 0,23 + x = 0,51 + x

M gồm este (RCOO)₂C₂H₄; peptit ↔  C₂H₃NO 0,23 + CH₂ + H₂O x

Vì X là este 2 chức Þ 2 ≤ k X ≤ 7  Thử kX lần lượt là 2;4;6 ( phải là số chẵn vì có 2 gốc R)

Với kX = 2 Þ x = 0,89 và y = 0 Þ Loại vì nCO₂ = y > 0

Với kX = 4 Þ x = 0,47 và y = 0,56 ÞLoại vì số mắt xích Y, Z trung bình = 0,23/0,47 < 1

Với kX = 6 Þ x = 0,05 và y = 1,12 Þ Nhận Þ Số mắt xích Y, Z trung bình = 0.23/0.05 = 4,6

Þ 2 peptit là tetrapeptit Y₄ và pentapeptit Z₅ Þ

nC trong M = 1,12 = 0,07C_X + 0,02C_Y + 0,03C_Z với C_X = 8 + a, C_Y = 8 + b, C_Z = 10 + c

a phải là số chẵn ( có 2 gốc R giống nhau trong X), b và c ≥ 1  (Y, Z đều chứa Ala)

Þ0,07a + 0,02b + 0,03c = 0,1 Þ Chỉ có 1 nghiệm thỏa là a = 0, b = 2 và c = 2

Þ Z là Gly₃Ala₂ và %^mZ = 

Chọn đáp án B

► Quy E về C 2 H 3 N O ,   C H 2   v à   H 2 O ⇒ n C 2 H 3 N O = n N a O H = 0,73 mol. Đặt n C H 2 = x; n H 2 O = y.

m E = 0,73 × 57 + 14x + 18y = 60,17(g) || n H 2 O sản phẩm cháy = 0,73 × 1,5 + x + y = 2,275 mol.

||⇒ giải hệ có: x = 0,67 mol; y = 0,51 mol. Bảo toàn khối lượng: m H 2 O = 60,17 + 0,73 × 40 – 73,75 – 14,72 = 0,9(g).

⇒ ∑ n p e p t i t = n H 2 O = 0,05 mol ⇒ n a n c o l   =   n X   = 0,51 – 0,05 = 0,46 mol ⇒ M a n c o l = 14,72 ÷ 0,46 = 32 (CH₃OH).

⇒ n C H 2 /a.a = 0,67 – 0,46 = 0,21 mol ⇒ n V a l = (0,21 – 0,15) ÷ 3 = 0,02 mol ⇒ n G l y = 0,56 mol.

||⇒ X là este của Gly ⇒ peptit còn 0,1 mol Gly; 0,15 mol Ala và 0,02 mol Val ⇒ số mắt xích trung bình = 5,4.

⇒ Y là pentapeptit và Z là hexapeptit với số mol a và b ⇒ n p e p t i t = a + b = 0,05; n g ố c   a . a   = 5a + 6b = 0,27 mol.

⇒ a = 0,03 mol; b = 0,02 mol ||► Dễ thấy Z chứa 1 Val; n G l y   = 0,03 × 2 + 0,02 × 2 = 0,02 × 5.

TH1: n G l y   = 0,03 × 2 + 0,02 × 2 ⇒ Y là G l y 2 A l a 3 và Z là G l y 2 A l a 3 V a l ⇒ %m_Y = 17,2% ⇒ chọn B.

TH2: n G l y   = 0,02 × 5 ⇒ Y là A l a 5   và Z là G l y 5 V a l ⇒ % m Y = 18,6%.

Chọn đáp án A

Đáp án C

Chọn đáp án A.

Chỉ dựa vào giả thiết các chất X và Z có mạch cacbon phân nhánh → loại nhanh B, C, D.

→ đáp án A đúng hay không, chúng ta cùng kiểm tra:

• CH₂=C(CH₃)COOH + NaHCO₃ → CH₂=C(CH₃)COONa + CO₂↑ + H₂O →  chất X thỏa mãn.

• HCOOCH=CHCH₃ + NaOH → HCOONa + CH₃CH₂CHO.

Cả HCOONa và CH₃CH₂CHO đều có khả năng tham gia phản ứng tráng bạc → chất Y thỏa mãn.

• CH₃CH(CHO)₂ là anđehit hai chức, không phản ứng được với Na → chất Z thỏa mãn.

Chọn đáp án A.

Chỉ dựa vào giả thiết các chất X và Z có mạch cacbon phân nhánh → loại nhanh B, C, D.

→ đáp án A đúng hay không, chúng ta cùng kiểm tra:

• CH₂=C(CH₃)COOH + NaHCO₃ → CH₂=C(CH₃)COONa + CO₂↑ + H₂O ||→  chất X thỏa mãn.

• HCOOCH=CHCH₃ + NaOH → HCOONa + CH₃CH₂CHO.

Cả HCOONa và CH₃CH₂CHO đều có khả năng tham gia phản ứng tráng bạc → chất Y thỏa mãn.

• CH₃CH(CHO)₂ là anđehit hai chức, không phản ứng được với Na → chất Z thỏa mãn.

Đáp án A

C₆H₁₀O₂ có độ bất bão hòa k = (6.2 +2 -10)/2 = 2

X + NaOH → Y + Z

Y + HCl hoặc Z tác dụng với dd Br₂ đều thu được T => Y và Z có cùng số C trong phân tử và Z là andehit

=> CTCT của X là: CH₃CH₂COOCH=CHCH₃.

CH₃CH₂COOCH=CHCH₃. + NaOH → CH₃CH₂COONa (Y) + CH₃CH₂CH=O (Z)

CH₃CH₂COONa + HCl → CH₃CH₂COOH (T) + NaCl

CH₃CH₂CH=O + Br₂ + H₂O  CH₃CH₂COOH (T) + 2HBr

Đáp án cần chọn là: C