Chọn đáp án D

a gam E + 0,06 mol H2 → chất béo no T.

⇒ quy đổi đốt T cần thêm 0,03 mol O2 và sinh thêm 0,06 mol H2O so với đốt E.

||⇒ đốt T dạng CnH2n – 4O6 + 1,57 mol O2 → t o  2x mol CO2 + 1,06 mol H2O.

Tương quan đốt T có: ∑nCO2 – ∑nH2O = 2nT ⇒ nT = x – 0,53 mol.

♦ bảo toàn nguyên tố O có: 6 × (x – 0,53) + 1,57 × 2 = 4x + 1,06 ⇒ x = 0,55 mol.

Biết x ⇒ giải ra các thông số về T: mT = 17,24 gam và nT = 0,02 mol.

♦ thủy phân: 0,02 mol T cần 0,06 mol NaOH → muối + 0,02 mol glixerol.

⇒ BTKL có mmuối = 17,24 + 0,06 × 40 – 0,02 × 92 = 17,80 gam.

Chọn đáp án B 

Muối natri stearat và natri oleat có tỉ lệ mol tương ứng là 1 : 2

=> X là (C17H35COO)(C17H33COO)2C3H5.

nX = nC3H5(OH)3 = 0,05.

=> nC17H35COONa = 0,05 và nC17H33COONa = 0,1

=> mmuối = 45,7 gam.

Giải thích: 

n _glixerol=n _{chất béo}=0,05 mol

X là (C₁₇H₃₅COO)(C₁₇H₃₃COO)₂C₃H₅

=>n _{natri stearat}=0,05; n _{natri oleat}=0,1

=>m=0,05.306+0,1.304=45,7 gam

Đáp án C

Đáp án C.

Chọn đáp án A

nBr2 = 0,02 mol.

Vậy 0,02 mol G có 0,02 mol Br2 phản ứng → Trong G có 1 liên kết đôi C=C.

Mà thủy phân G trong NaOH dư thu được natri panmitat và natri oleat.

⇒ G là (C15H31COO)2(C17H33COO)C3H5. Do đó MG = 832.

Chọn đáp án D

Chọn đáp án C

Nhận xét: X + NaOH → Muối + H₂O || Y + NaOH → Muối + CH₃OH.

Do NaOH và H₂O không đốt được ⇒ độ chênh lệch mol O₂ là do đốt CH₃OH.

||⇒ n_Y = n_CH3OH = ∆n_O2 ÷ 1,5 = (0,7 – 0,625) ÷ 1,5 = 0,05 mol.

► Quy E về C₂H₃NO, CH₂, H₂O và HCOOCH₃ ⇒ n_HCOOCH3 = 0,05 mol.

Đặt n_C2H3NO = x; n_CH2 = y ⇒ n_{O2 đốt E} = 2,25x + 1,5y + 0,05 × 2 = 0,7 mol.

● Muối gồm x mol C₂H₄NO₂Na; y mol CH₂ và 0,05 mol HCOONa.

m_muối = 97x + 14y + 0,05 × 68 = 24,2(g) || Giải hệ có: x = 0,2 mol; y = 0,1 mol.

Do n_Gly-Na > n_Ala-Na ⇒ ghép 1 CH₂ vào HCOONa ⇒ dư 0,05 mol CH₂.

⇒ n_Ala = n_{CH2 còn} = 0,05 mol ⇒ n_Gly = 0,2 - 0,05 = 0,15 mol.

► Gly : Ala = 0,15 ÷ 0,05 = 3 : 1 ⇒ chọn C.

Chọn đáp án C

Nhận xét: X + NaOH → Muối + H₂O || Y + NaOH → Muối + CH₃OH.

Do NaOH và H₂O không đốt được ⇒ độ chênh lệch mol O₂ là do đốt CH₃OH.

||⇒ n_Y = n_CH3OH = ∆n_O2 ÷ 1,5 = (0,7 – 0,625) ÷ 1,5 = 0,05 mol.

► Quy E về C₂H₃NO, CH₂, H₂O và HCOOCH₃ ⇒ n_HCOOCH3 = 0,05 mol.

Đặt n_C2H3NO = x; n_CH2 = y ⇒ n_{O2 đốt E} = 2,25x + 1,5y + 0,05 × 2 = 0,7 mol.

● Muối gồm x mol C₂H₄NO₂Na; y mol CH₂ và 0,05 mol HCOONa.

m_muối = 97x + 14y + 0,05 × 68 = 24,2(g) || Giải hệ có: x = 0,2 mol; y = 0,1 mol.

Do n_Gly-Na > n_Ala-Na ⇒ ghép 1 CH₂ vào HCOONa ⇒ dư 0,05 mol CH₂.

⇒ n_Ala = n_{CH2 còn} = 0,05 mol ⇒ n_Gly = 0,2 - 0,05 = 0,15 mol.

► Gly : Ala = 0,15 ÷ 0,05 = 3 : 1 ⇒ chọn C.

Đáp án C

n _O2 đốt cháy E = 0,7 mol

n _O2 đốt cháy muối = 0,625 mol

n _O2 chênh lệch chính là phần dùng để đốt cháy CH₃OH do phản ứng thủy phân sinh ra

CH₃OH + 1,5  O₂→ CO₂ + 2 H₂O

0,05              0,075

Đặt công thức chung của muối amino axit là C_nH_2nO₂NNa

Và muối của axit là C_mH_2m-1O₂Na

2 C_nH_2nO₂NNa  + ( 3n – 1,5 )  O₂→ ( 2n – 1 ) CO₂ + 2 n H₂O  + Na₂CO₃ + N₂

2 C_mH_2m-1O₂NNa  + ( 3 m – 2  )  O₂→ ( 2 m – 1 ) CO₂ + ( 2m -1 )  H₂O  + Na₂CO₃

Theo PTHH : n _O2 = a . ( 3n – 1,5 ) : 2 + b . ( 3m – 1 ) : 2 =  0,625 mol

=> 3 ( na+ mb )  - 1,5 a – 2b = 1,25

n _CO2 =  a . ( 2n – 1 ) : 2  + b . ( 2m – 1 ) :2 = 0,425

=> 2 ( na + mb ) – a – b = 0,85

m _muối  = a ( 14n + 69 ) + b ( 14m + 54 ) = 24,2

=> 14 ( na + mb ) + 69 a + 54 b = 24,2

=> na + mb = 0,55  và a = 0,2  b = 0,05

na + m b = 0,55    => n . 0,2 + m . 0,05 = 0,55  => 4 n + m = 11

Vì  3 >n > 2  ( n là giá trị trung bình của 2 muối gly và ala )

1 ⩽m => m = 1 ; n = 2,5   => n _Gly : n _Ala = 1 : 1 ( 2,5 nằm giữa 2 và 3 )

hoặc m = 2  thì n = 2,25  =>n _Gly : n _Ala = ( 3- 2,25 )  : (2,25 – 2 )  = 3: 1 ( dùng phương pháp đường chéo  )