36

a) Thành phần phần trăm theo khối lượng :

Thành phần phần trăm theo thể tích

– Số mol các khí là :

– Tỉ lệ về số mol các khí cũng là tỉ lệ về thể tích các khí:

b) Thành phần phần trăm theo khối lượng :

– Khối lượng của các mol khí:

– Thành phần phần trăm theo khối lượng :

– Thành phần phần trăm theo thể tích :

c) Thành phần phần trăm theo khối lượng :

Số mol các khí:

– Khối lượng các khí

– Thành phần phần trăm theo khối lượng :

– Thành phần phần trăm theo thể tích :

Bài 37:

a/

nNa=4,6/23=0,2mol

nCl=7,1/35,5=0,2mol

= =

=>NaCl

b/

nC=0,03mol

mO=0,06mol

= =

=>CO2

c/

nPb=0,02mol

nO=0,02mol

= =

=>PbO

d/

nFe=0,08mol

nO=0,12mol

= =

=>Fe2O3

e/

nNa=0,04mol

nC=0,02mol

nO=0,06mol

=>Tỉ lệ:

Chia hết cho 0,02

=>2:1:3

=>Na2CO3

Dễ thấy A và B có cùng phân tử khối = 152 đvC  = >   n X   =   53 , 2   :   152   =   0 , 35   m o l

Gọi công thức của 2 amin no, đơn chức, đồng đẳng kế tiếp là:

Ta có:

  M ¯ C H 2 + 3 N =   18 , 5   ×   2   =   37

⇒   14 n ¯   +   17   =   37

⇒   n ¯   = 10 / 7     ≈   1 , 43

=> công thức 2 amin là  C H 3 N   v à   C 2 H 5 N

A :   C 5 H 16 O 3 N 2   (có dạng C n H 2 n + 6 N 2 O 3 : là muối của H 2 C O 3   với amin hoặc  N H 3 )

= >   C T C T   A :   ( C 2 H 5 N H 2 ) 2 C O 3

B :   C 4 H 12 O 4 N (Có dạng   C n H 2 n + 4 N 2 O 4 : là muối của axit cacboxylic 2 chức và amin hoặc  N H 3 )

=> CTCT B :   ( C O O N H 3 C H 3 ) 2

P T H H :   ( C 2 H 5 N H 2 ) 2 C O 3   +   2 N a O H   →   N a 2 C O 3   +   2 C 2 H 5 N H 2   +   2 H 2 O

                     1,5a                                ←                         3a                    (mol)

( C O O N H 3 C H 3 ) 2   +   2 N a O H   →   C O O N a 2   +   2 C H 3 N H 3   +   2 H 2 O

           2a                          ←                               4a                        (mol)

Ta có:  n X   =   2 a   +   1 , 5 a   =   0 , 35   = >   a   =   0 , 1   m o l

Phần trăm khối lượng của A là:  % C 5 H 16 O 3 N 2   =   152.1 , 5.0 , 1 53 , 2 .100 %   =   42 , 86 %

Đáp án cần chọn là: B

\(n_{CO_2}=\dfrac{17,6}{44}=0,4\left(mol\right)\)

Bảo toàn C: n_C = 0,4 (mol) => m_C = 0,4.12 = 4,8(g)

\(n_{H_2O}=\dfrac{8,1}{18}=0,45\left(mol\right)\) 

Bảo toàn H: n_H = 0,9 (mol) => m_H = 0,9.1 = 0,9 (g)

\(n_{N_2}=\dfrac{1,12}{22,4}=0,05\left(mol\right)\)

Bảo toàn N: n_N = 0,1 (mol) => m_N = 0,1.14 = 1,4 (g)

m_H2=0,01a(g)<=>5.10^-3a(mol)

n_H2=n_Fe=0,005a(mol)

\(\left\{{}\begin{matrix}72n_{FeO}+160n_{Fe_2O_3}=a-56.0,005a\\n_{FeO}+3n_{Fe_2O_3}=\frac{0,2115a}{18}\end{matrix}\right.\)

=>n_FeO=0,005a;n_Fe2O3=0,00225a

=>phần trăm khối lượng mỗi chất

Giả sử a=100g

Gọi số mol Fe, FeO và Fe2O3 là a, b, c

->56a+72b+160c=100

mH2=1%.100=1g

->nH2=1/2=0,5mol

Ta có Fe+2HCl->FeCl2+H2

->nFe=nH2=0,5mol=a

mH2O=21,15%.100=21,15g

->nH2O=21,15/18=1,175mol

Ta có FeO+H2->Fe+H2O

Fe2O3+3H2->2Fe+3H2O

->b+3c=1,175

->a=0,5; b=0,5; c=0,225

->%mFe=0,5.56/100=28%

->%mFeO=0,5.72/100=36%

->%mFe2O3=36%

Đáp án A

Ta có: mDung dịch NaOH = D × V = 60 gam.

∑nNa = 2nNa2CO3 = 0,015 mol ⇒ mNaOH ban đầu = 0,6 gam.

Sơ đồ bài toán ta có:

BTKL ⇒ mA = 59,49 + 1,48 – 60 = 0,97 gam. || và A + NaOH ⇒ 0,09 gam H2O

Khi đốt D ta có sơ đồ:

Bảo toàn nguyên tố ⇒ nC/D = 0,05 mol || nH/D = 0,055 mol

Bảo toàn khối lượng ⇒ nO2 cần để đốt D = 0,0525 mol 

⇒ Bảo toàn nguyên tố O ⇒ nO/D = 0,03 mol

Tiếp tục bảo toàn nguyên tố nC/D = 0,05 mol || nH/A = 0,05 mol và nO/A = 0,02 mol

+ Vậy từ nA = 0,005 mol ⇒ CTPT của A là C10H10O4 (k = 6).

● Nhận thấy 3nA = nNaOH. Nhưng A chỉ có 4 nguyên tử Oxi ⇒ A là este 2 chức trong đó có 1 gốc –COO– đính trực tiếp vào vòng benzen.

+ Với điều kiện MZ < 125 ta thì CTCT của A chỉ có thể là: HCOO–C6H4CH2–OOCCH3

⇒ Z là HO–CH2–C6H4OH với MZ = 124. Đồng thời Z chứa 8 nguyên tử H